Umax?E12R0??22?11V R0?r22?2当滑片滑到变阻器的最下端时，A、B两端输出电压最小为零，故A、B空载时输出电压的范围为0～11V．
（3）当滑片滑到变阻器的最上端时，通过电源的电流恰好为最大电流2A时，A、B两端所接负载电阻最小。 I?E，解得：RAB=4.9Ω． RRr?0ABR0?RAB13．【解析】（1）传感器的电阻R传=U传2/P传=10Ω， 传感器的额定电流I传=P传/U传=0.9/3A=0.3A，
（2）要求电路各部分安全，则要求电路的最大电流I=I传=0.3A 此时电源电压最大值Um=U传+U0
U传传感器的额定电压，U0为R0调至最大值Rom=10Ω时R0两端的电压，即： U0=I传R0m=0.3×10V=3V
所以电源电压的最大值Um=U传+U0=6V
（3）设实际检测时加在a、b间的电压为U，传感器的实际电阻为R传＇，根据第一次实验记录数据由：U= R传＇I1+U1，即：U=0.16×R传＇+1.48
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根据第二次实验记录数据由：U= R传＇I2+U2 即：U=0.22×R传＇+0.91 解得：R传＇=9.5Ω，U=3V
传感器的电阻变化为△R= R传—R传＇=10Ω—9.5Ω≤0.5Ω 此传感器仍然可以使用．
单元测试(八)
1．ABC 2．B 3．B 4．D 5．A 6．AD 7．C 8．A 9. 垂直于线框各边且指向三角形外侧；零
10. B的一个分量垂直于v1向下，另一个分量平行于v1． 在第2个实验中v2、B、f2两两互相垂直；f2/qv2 11．(1)15A (2)12A
12．【解析】(1)能通过速度选择器的粒子所受电场力和洛伦兹力等大反向．
即eB1v=eE
5v=E?1.2?10m/s=2×105m/s
B10.6(2)粒子进入磁场B2后做圆周运动，洛伦兹力提供向心力．
v2mveB2v=m R=
RB2e 设质子质量为m，则氘核质量为2m，
d=
2mvmv×2一×2=5.2×l0-3m B2eB2e高中（高考）物理复习资料
13．【解析】（1）粒子从M到N过程作类平抛运动
2 2l?v0t，l?1at2，由qE?ma代入解得：E?mv0
22ql (2) 粒子在电场中逆电场方向偏转，粒子带负电，在磁场中顺时针转动，磁场方向垂直于纸面向里
(3) 设粒子到达N点与x轴夹角为?，则
tan??at，将（1）中相应式子代入得：tan?v0?1，??45?，由几何关系，粒子
到达P点时与x轴夹角仍为45?，OP=l，速度v?2v0
粒子在磁场中作匀速圆周运动，qvB?mv，3l?2Rsin45?，B?2mv0
R3ql2
单元测试（九）
1.B 2.A 3.B 4.AC 5.D 6.AC 7.B 8.D 9.匀加速直线 10.0.4m/s 11. 负
mgd nqS 12.(1)匀速运动
222?Lacos?R?r (2)F?m(a?gsin?)? (3)
F?t
Ot 13. 【解析】（1）从初始至两棒达到速度相同的过程中，两棒总动量守恒，有
mv0?2mv
①
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根据能量守恒，整个过程中产生的总热量
Q?11122 ② mv0?(2m)v2?mv02244（2）设ab棒的速度变为初速度的3时，cd棒的速度为v\'，则由动量守恒可知
3mv0?mv0?mv\'
4 ③
此时回路中的感应电动势和感应电流分别为??(3v0?v\')Bl ④
4
I?2R?
⑤ ⑥ ⑦ ⑧
此时cd棒所受的安培力F?IBl
cd棒的加速度a?F
m4mR
22由以上各式，可得a?Blv0
单元测试（十）
1．C 2．D 3．B 4．A 5．C 6．D 7．ABD 8．AD 9．变暗
10．（1）a （2）左 （3）乙图中左边电源电压太低或者线的匝数太少或者弹簧的劲度系数太大．
11．【解析】灯泡的电阻R＝19.2Ω．设转子中产生的感应电动势的最大值为Em，则Em
-2π×125/π＝35.25(V)，电动势的有效值为E＝Em/2＝33.25/2＝25(V)，＝NBS×2πn＝20×0.5×1.41×10×2 这样灯泡上的实际电压为U实＝ER/(R＋r)＝24(V)．灯泡电压等于实际电压，灯正常发光．
12．【解析】由图乙查得，当温度等于20℃时，R的阻值为R1＝4kΩ．当电流表示数为I1＝2mA时：E＝I1（Rg＋R1 ；当电流表示数为I2＝3.6mA时，设热敏电阻R的阻值为R2，则E＝I2（Rg＋R2），解得Rg＝0.5kΩ，R2＝2kΩ ， 由图乙查得，当R的阻值为R1＝2kΩ时，温度等于120℃．
13．【解析】(1)由于粒子在水平方向不受力的作用，做匀速直线运动，所以，S水平=V0t=2.5V0T
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(2)在0～T时间内粒子在沿场强方向做初速为零的匀加速直线运动， v1=at1=
UqT； md在T～2T时间内因U=0，粒子在沿场强方向做匀速直线运动，速度保持不变；
在2T～2.5T时间内，粒子在沿场强方向以v1开始做匀加速直线运动，v2=v1+at2=UqT?Uq?0.5T?3UqT
mdmd2md3UqT2 设v与水平方向的夹角为θ，222所以：v=v0则tanθ=v23UqT ?v2?v0?()?2mdv02mdv0
单元测试题(十一)
1.B 2. B． 3. D． 4. ACD 5. B 6．D 7 ．B 8．B 9. 接触 上层 下
10．AB 还要测出小球半径 摆长应为L?D 应数到61次时周期数才是60个
211. 【解析】从波向右传播知道，Q点开始振动的
方向是向下，周期正是1s． 波的传播速度为v??/T?20cm/s， 故从Q点传到P点还需要t?x/v?0.5s， 要画的图象就从此时开始有，注意到振幅， 可以作出下列振动图象 12．（1）2g （2）g
13.【解析】（1）振幅为4cm，1s为25个周期,所以a的路程为4m
（2）a、b在x轴上的距离大于一个波长，可以做出上面两个图形，从左图知a、b之间相距为（n+1/4）波长，右图知a、b之间相距（n+3/4）波长，所以得到两种系列波长分别为
0.5
1.5
1.0
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?1?6/(n?1/4)从而得到两个系列波速v??f?600/(4n?1)m/s
11(n?N)
?2?6/(n?3/4)v1??2f?600/(4n?3)m/s
单元测试（十二）
1．A 2．A 3．A 4．BD 5．A 6．C 7．AD 8．ACD 9. （1）光路如图所示 （2）∠i和∠r （3）n?sini
sin?10. （1）相干
（2）11.4 16.7 ；减小测量的偶然误差（或提高实验的精确度）、6.6×10-7m （3）变小
11. 【解析】（1）根据爱因斯坦光电效应方程EK= h?—W，光子的频率为??c．所以，