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5．解析： 在初始位置ad和bc切割磁感线，产生感应电流，由楞次定律可知电流的方向为a→d→c→b→a，π
是负值，选项A、B错误．当转过时刻，线圈处在中性面位置，感应电流为零，则选项C错误，选项D正确．
4
答案： D
1－
6．解析： 由图可知该交流电的周期T＝4×102 s，频率f＝＝25 Hz，ω＝2πf＝50π rad/s，电压最大值Um＝
T100U2
100 V，有效值为U＝ V＝502 V；电阻消耗的电功率P＝＝50 W；交流电压瞬时值表达式u＝100sin 50πt V．综
R2上所述，选项A、C错，B、D正确．
答案： BD
7．解析： 先计算副线圈的电压的有效值，原线圈电压的有效值为220 V，根据匝数之比可以得到副线圈的电压的有效值为110 V，根据负载电阻的大小可以知道副线圈中输出电流为2 A，根据原、副线圈的输入和输出功率相等可以知道原线圈中电流为1 A.
答案： A 8．解析：
答案： C
9．解析： 本题考查交变电流和变压器原理．由图象可知交变电流的电压有效值为220 V，因为原副线圈的匝数比为10∶1，故变压器副线圈的输出电压为22 V，而电压表测的是R2两端的电压，所以小于22 V，故A错误；当传感器R2处出现火灾时，热敏电阻R2的阻值随温度升高而减小，变压器的输出电压不变，热敏电阻与定值电阻R1分压，故R2的分压减小，电压表示数变小，B正确；R2减小时，变压器的负载电阻减小，电流增大，则原线圈的电流也增大，所以电流表的示数增大，C错误；由于负载电路的电流增大，电阻R1消耗的功率也增大，故D也错误，难度中等．
答案： B
10．解析： 考查理想变压器及其相关知识，当副线圈接的可调电阻R增大时，变压器输出功率P2减小，导致变压器输入功率P1减小，原线圈中电流I1减小，所以正确选项是B.
答案： B
n1U1U22
11．解析： 由＝知，当n1增大时，U2减小，当减小n2时，U2也减小，又根据P入＝P出＝知，A、B
n2U2R两项均错，C项对，D项错．
答案： C
12．解析： 本题考查电磁感应现象和楞次定律．对导体棒ab由右手定则可判断a端电势高，由E＝Blv可知，因为磁感应强度均匀增大，所以Uab变大，故选项A对，B错；对矩形线框cdef，由楞次定律可判断，感应电流的方向为逆时针方向，但由于磁感应强度是均匀增大，所以感应电流是恒定的，不会增大，所以选项C、D都不对．难度中等．
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答案： A 13．答案： A
14．解析： 首先判断出由于电流I增大使得穿过回路abcd的磁通量Φ是增大还是减小．由于线框位置偏向导线左边，使跨在导线左边的线圈面积大于右边面积，线圈左边部分磁感线穿出，右边部分磁感线穿入，整个线框中的合磁通量是穿出的，并且随电流增大而增大．再用“阻碍磁通量变化”来考虑线框受磁场力而将要发生运动的方向．显然线框只有向右发生运动，才与阻碍合磁通量增加相符合，因此线框受的合磁场力应向右，故正确答案为A.
答案： A
15．解析： 水平铜盘做匀速圆周运动，半径切割磁感线产生恒定的感应电动势相当于电源．当R1不变时变压器原线圈所加的是恒定电压，副线圈中的磁通量一定，磁通量的变化量为零，故其输出电压为零，分析可知A、C错，B对；当R1变化时，原线圈所加的不是交流电压，其原、副线圈的电流关系不确定，故D错．
答案： B
16．解析： 以极端情况考虑：若速度极小接近于零，则线圈中几乎没有感应电流，就无需克服安培力做功，从而速度越大时拉力做功越多；若L1极小接近于零，则L1切割磁感线产生的感应电动势便接近于零，线圈中几乎没有感应电流，也无需克服安培力做功，从而L1越大时拉力做功越多；若L2极小接近于零，则将线圈拉出时的位移接近于零，从而L2越大时拉力做功越多；若线圈电阻极大趋于无限大，则线圈中几乎没有感应电流，亦无需克服安培力做功，从而线圈电阻越大时拉力做功越小．所以应选A、B、C项．
答案： ABC
17．解析： R1与R2串联，R1与R2中的电流变化情况应相同，电流有效值I1＝I2＝0.6 A， 电流最大值I1m＝I2m＝0.62 A， 电压有效值U1＝I1R1＝6 V， U2＝I2R2＝12 V，
电压最大值U1m＝2U1＝62 V， U2m＝2U2＝122 V. 答案： B
B2L2v
17．解析：对棒受力分析如图所示．F安＝BIL＝，故D错；F安随棒的
R1
大而增大，故棒做的不是匀加速直线运动．因此运动的平均速度v≠v，A错；
2n
ΔφBLxqR可得：q＝，故棒下滑的位移x＝，B正确；求焦耳热应该用有效值，故C错．
RBLR总
答案： B
U1n1n219．解析： 当滑动头P匀速上滑时，副线圈匝数均匀增大，由＝知，U2＝U1，U2随时间均匀增大，C
U2n2n1
U
项正确；由于灯泡的电阻随温度的升高而增大，所以当电压均匀增加时，由欧姆定律I＝知灯泡中电流并非均匀增R加，而是增加的越来越慢，其I2－t图线的斜率逐渐减小，B项正确；灯泡消耗的功率N2＝U2I2，N2随时间并不是
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速度的增由
q＝
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均匀增加的，D项错误；变压器的输入功率与输出功率相等，当灯泡功率增大时，输入功率也在增大，原线圈中电流增大，A项错误．
答案： BC
U2
20．解析： 根据P＝和P＝I2R得灯泡a两端的电压U2＝PR＝0.3×30 V＝3 V，通过灯泡a的电流Ia
R＝＝
P＝R
0.3U1n1n1U110I1n2n1 A＝0.1 A，根据＝得原、副线圈匝数之比＝＝，根据＝，得副线圈上的电流I2＝I130U2n2n2U23I2n1n2
10
×0.09 A＝0.3 A．根据I2＝Ia＋Ib得，流过灯泡b的电流为Ib＝I2－Ia＝0.2 A. 3
答案： 10∶3 0.2
21．解析： (1)当线圈平面与磁场平行时，感生电动势最大为：Em＝2 V， 240
又 ω＝2πn＝2π× rad/s＝8π rad/s
60所以瞬时值表达式为：e＝Emsin ωt＝2sin 8πt V. (2)电动势的峰值为Em＝2 V.
11
8π×? V＝1 V. (3)当t＝ s时，e＝2sin ?48??48答案： (1)e＝2sin 8πt V (2)2 V (3)1 V
U222．解析： (1)断开所有家电电路时，U额＝U1，S闭合后，Ir＝2P，Ur＝U1－U2，
U额UrU1－U2
所以r＝＝·U额2.
IrU2P
(2)把U1、U2、U额、P代入公式得r＝1.15 Ω. U1－U2
答案： (1)r＝U额2 (2)1.15 Ω
U2P
23．解析： (1)设绳子的拉力为F对砝码：F＝mgsin 30°＝2 N. B2l2v对线框：F＝m2g＋ R代入数据得：v＝10 m/s. (2)W＝Fl＝2×0.2 J＝0.4 J.
(3)由能量转化守恒定律得：Q＝W－m2gl＝0.4 J－0.1×10×0.2 J＝0.2 J. 答案： (1)10 m/s (2)0.4 J (3)0.2 J。
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