【解答】解：A、磁铁在铝管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力作负功现象，从而磁块不会做自由落体运动，故A错误，
B、磁铁在整个下落过程中，除重力做功外，还有产生感应电流对应的安培力做功，导致减小的重力势能，部分转化动能外，还有产生内能。故机械能不守恒；同时增加的动能小于重力势能的减小量，故BD错误；
C、磁铁在整个下落过程中，由楞次定律中来拒去留规律可知，铝管受向下的作用力，故铝管对桌面的压力一定大于铝管的重力，故C正确； 故选：C。
11．（4分）（2018?杨浦区二模）关于通电直导线在磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）
A．磁感应强度跟导线所受的安培力成正比 B．安培力的方向跟磁感应强度的方向垂直 C．磁感应强度的方向跟安培力的方向相同
D．通电直导线在磁场中某处受到的安培力为零，则该处的磁感应强度一定为零
【分析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL． 【解答】解：A、根据磁感应强度定义式B=及电流与导线长度均没有关系，故A错误；
B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故B正确，C错误；
D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，而此时的磁感应强度不一定为零，故D错误。 故选：B。
12．（4分）（2018?杨浦区二模）如图所示，左边的体积是右边的4倍，两边充以同种气体，温度分别为20℃和10℃，此时连接两容器的细玻璃管的水银柱保持静止，如果容器两边的气体温度各升高10℃，忽略水银柱及容器的膨胀，则水银柱将（ ）
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，可知：磁感应强度跟导线所受的安培力，
A．向左移动 B．向右移动
C．静止不动 D．条件不足，无法判断
【分析】这类题目只能按等容过程求解．因为水银柱的移动是由于受力不平衡而引起的， 而它的受力改变又是两段空气柱压强增量的不同造成的，所以必须从压强变化入手． 【解答】解：假定两个容器的体积不变，即V1，V2不变，所装气体温度分别为293k和283k， 当温度升高△T时，左边的压强由p1增至p'1，△p1=p'1﹣p1，右边的压强由p2增至p′2， △p2=p′2﹣p2。 由查理定律得： △P1=
△T，△P2=
△T，
因为p2=p1，所以△p1＜△p2， 即水银柱应向左移动。 故选：A。 二、填空题
13．（4分）（2018?杨浦区二模）某同学从空中点O以v0=20m/s的速度竖直向上抛出一小球，不计空气阻力，g取10m/s2．求：抛出后3s末小球的速度大小为 10 m/s，3s内的路程为 25 m．
【分析】取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，由速度时间公式求3s末小球的速度大小．由位移公式求出3s内的位移以及最大高度，再求3s内的路程．
【解答】解：取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，则抛出后3s末小球的速度为 v=v0﹣gt=20﹣10×3=﹣10m/s，速度大小为10m/s． 3s内的位移为 x=
=
×3=15m，小球上升的最大高度为 H=
=
=20m
则3s内的路程为 S=2H﹣x=25m 故答案为：10，25．
14．（4分）（2018?杨浦区二模）一个带正电的质点，电量q=2.0×109 C，在静电场中由a
﹣
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点移到b点。在这过程中，除电场力外，其他力做的功为6.0×105J，质点的动能增加了8
﹣
×105J，则从a到b的过程中电场力做的功为 2.0×105 J，a、b两点间电势差U为 1
﹣
﹣
×104 V。
【分析】质点在静电场中由A点移到B点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加。电场力做功为Wab=qUab，根据动能定理求解a、b两点间的电势差Uab。 【解答】解：由a点移到b点，根据动能定理得：Wab+W其它=△EK 即电场力做功：Wab=△EK﹣Wab=8.0×105﹣6.0×105=2.0×105J，
﹣
﹣
﹣
根据Wab=qUab，得：
故答案为：2.0×105，1×104。
﹣
15．（4分）（2018?杨浦区二模）一定质量的理想气体（气体分子间作用力不计）压强p与摄氏温度t的关系如图所示，气体从状态A变到状态B，则气体在状态A的体积 小于 在状态B的体积；此过程中，气体内能 变小 （均选填“变大”、“不变”或“变小”）
【分析】在p﹣t图象上作出过A、B两点的等容线，斜率越大，体积越小，根据热力学第一定律气体与外界之间的热量交换。
【解答】解：在p﹣t图象中作出过A、B两点的等容线，延长交于同一点﹣273.15℃。
C为定值，T为热力学温度， 根据理想气体的状态方程：可得：p=
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=C
可知等容线斜率越大，体积越小，所以气体在状态A的体积小于在状态B的体积， 气体从状态A到状态B，温度降低，又因为是一定质量的理想气体，故内能变小。 故答案为：小于，变小。
16．（4分）（2018?杨浦区二模）如图所示，沿波的传播方向上有间距均为2m的五个质点a、b、c、d、e，均静止在各自的平衡位置．一列简谐波以2m/s的速度水平向右传播，t=0时刻波到达质点a，且质点a开始由平衡位置向下运动，t=3s时质点a第一次到达波峰，则该列波的波长为 8 m，质点e在t= 7 s时第一次到达波峰．
【分析】根据质点a开始向下振动，t=3s时刻第一次到达最低点，找出时间与周期的关系，分析波传播的距离与波长关系，从而求出波长和周期．再结合波的传播方向，分析质点e何时第一次到达波峰．
【解答】解：由题意：质点a开始向下振动，t=3s时刻第一次到达最低点，则有：T=3s，则：T=4s，所以该波的波长为：λ=vT=4×2=8（m）
t=4s波传播的距离 x=vt=2×4=8（m），则t=4s时波刚好传到e点．e点刚开始向下振动，再经过T=3s第一次到达波峰，所以t=4s+3s=7s时质点e第一次到达波峰 故答案为：8，7
17．（4分）（2018?杨浦区二模）额定功率为80kW的汽车，在平直公路上行驶的最大速度是20m/s，汽车质量是2000kg，如果汽车从静止开始先做加速度为2m/s2的匀加速直线运动，达到额定功率后以额定功率行驶，在运动过程中阻力不变，则汽车匀加速运动时的牵引力F= 8000 N，汽车从静止开始运动的10s的过程中牵引力力做的功W= 600000 J。 【分析】当牵引力等于阻力时，速度达到最大，求得阻力，根据牛顿第二定律求得匀加速运动时的牵引力，利用速度时间公式求得匀加速运动的时间和位移，即可求得10s内牵引力做功
【解答】解：当牵引力等于阻力时，速度达到最大，则f=
在加速阶段，根据牛顿第二定律可知F﹣f=ma，解得F=ma+f=8000N
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匀加速运动达到的最大速度v=加速运动的时间t=通过的位移为
故匀加速阶段牵引力做功W1=Fx1=200000J
此后在额定功率下运动，则做功W2=Pt′=400000J，故从静止开始运动的10s的过程中牵引力力做的功W=W1+W2=600000J
三、综合题（共40分）
18．（10分）（2018?杨浦区二模）某同学在做“用DIS测定电源的电动势和内阻”的实验时用如图（a）所示的电路，其中定值电阻阻值R1=0.5欧
（1）图（a）中B为 电流 传感器，滑动变阻器R在实验中起 调节电流大小 作用： （2）实验测得的路端电压U相应电流I的拟合曲线如图（b）所示，由此得到电源电动势E= 2.00 V，内阻r= 0.84 欧。
（3）、该实验中应该选用下列哪个规格的滑动变阻器（下列是滑动变阻器铭牌上的规格参数） D
A、50欧，2A B、20欧，0.5A C、20欧，1A D、20欧，2A
【分析】（1）A串联在电路中，测量电流的，B与滑动变阻器并联，测量电压，闭合电键前，滑动变阻器的滑动头P应位于阻值最大处；
（2）明确闭合电路的欧姆定律的应用，再根据图象数据进行分析，从而明确电动势和内电阻的大小；
（3）根据实验原理进行分析，从而明确应选择的滑动变阻器。
【解答】解：（1）A串联在电路中，测量电流的，所以A是电流传感器；
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