A. 汽车匀加速过程的加速度为2m/s2 B. 汽车t0时刻之后的加速度逐渐增大 C. 汽车在该过程的平均速度等于15m/s D. 汽车在该过程的平均速度小于15m/s
18. 某国际天文研究小组观测到了一组双星系统，它们绕二者连线上的某点做匀速圆周运动，双星系统中质量较小的星体能“吸食”质量较大的星体的表面物质，达到质量转移的目的．根据大爆炸宇宙学可知，双星间的距离在缓慢增大，假设星体的轨道近似为圆，则在该过程中（ ）
A. 双星做圆周运动的角速度不断减小 B. 双星做圆周运动的角速度不断增大 C. 质量较大的星体做圆周运动的轨道半径减小 D. 质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大
19. 如图所示，一匀强电场的电场线平行于xOy平面，电场强度大小为E，xOy平面上有一椭圆，椭圆的长轴在x轴上，E、F两点为椭圆的两个焦点，AB是椭圆的短轴，椭圆的一端过O点，则下列说法正确的是（ ）
A. 在椭圆上，O、C两点间电势差一定最大 B. 在椭圆上，A、B两点间电势差可能最大
C. 一个点电荷从E点运动到椭圆上任意一点再运动到F点，电场力做功可能为零 D. 一个点电荷从O点运动到A点与从B点运动到C点，电场力做功一定相同
20. 图为某住宅区的应急供电系统，它由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下滑动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是（ ）
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A. 若发电机线圈某时刻处于图示位置，则变压器原线圈的电流瞬时值最大 B. 发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωsinωt C. 当用电量增加时，为使用户电压保持不变，滑动触头P向上滑动 D. 当滑动触头P向下滑动时，变压器原线圈两端的电压将升高
21. 如图所示，倾角为θ的光滑斜面足够长，一质量为m的小物体，在沿斜面向上的恒力
F作用下，由静止从斜面底端沿斜面向上做匀加速直线运动，经过时间t，力F做功为60J，
此后撤去力F，物体又经过相同的时间t回到斜面底端，若以地面为零势能参考面，则下列说法中正确的是（ ）
A. 物体回到斜面底端的动能为60J B. 恒力F＝2mgsinθ C. 撤去力F时，物体的重力势能是45J
D. 动能与势能相等的时刻一定出现在撤去力F之后
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最新2019年高考理综物理选择题专练14
答案及解析
14～21：B D B A AD BCD AC ACD
14.【答案】B
【解析】因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，由于加速度不变， 质点做匀变速曲线运动； A、从M到N过程中，根据
，可知，速度大小变化，故A错误；
BC、因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同，故B正确，C错误；
D、在MN间的运动是匀变速曲线运动，故D错误； 故选B。
【点睛】据题意可知，质点在恒力作用下，做匀变速曲线运动，速度的变化量相等，而速度大小与方向时刻在变化，从而即可求解。 15.【答案】D
【解析】试题分析：当弹簧长度缩短为8cm时，由胡克定律得弹簧的弹力为
F1=kx1=1000×0．02N=20N，由于Gsin30°-F1=40N-20N=20N；当弹簧的长度为8cm时，弹簧的弹力为F2=kx2=1000×0．02N=20N，当物体刚要上滑时，静摩擦力达到最大，测力计读数最大为Fmax=Gsin30°+fm-F2=40N+25N-20N=45N．故测力计读数不可能为60N．故BC正确，D错误．当F2+f=mgsin30°时，f=20N＜25N，物块可以保持静止，所以A满足题意．故选ABC。 考点：胡克定律；物体的平衡 16.【答案】B
【解析】试题分析：因为小球，在斜面上做匀速圆周运动，所以向上的电场力和沿斜面向下的重力的分量平衡，即
，解得
，小球带正电；又
,
解得磁感应强度大小B=B正确。
;由于小球运动中电场力做功，所以小球的机械能不守恒。选项
考点：匀速圆周运动的条件及机械能守恒的条件。 17.【答案】A
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18.【答案】AD
【解析】试题分析：双星绕两者连线的一点做匀速圆周运动，由相互之间万有引力提供向心力，根据万有引力定律、牛顿第二定律和向心力进行分析．
解：AB、设体积较小的星体质量为m1，轨道半径为r1，体积大的星体质量为m2，轨道半径为r2．双星间的距离为L．转移的质量为△m． 根据万有引力提供向心力对m1：
=（m1+△m）ω2r1… ①
对m2：=（m2﹣△m）ωr2… ②
2
由①②得：ω=A正确、B错误．
，总质量m1+m2不变，两者距离L增大，则角速度ω变小．故
CD、由②式可得，把ω的值代入得：，
因为，L增大，故r2增大．即质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大，故C错误、D正确． 故选：AD．
【点评】本题是双星问题，要抓住双星系统的条件：角速度与周期相同，运用牛顿第二定律采用隔离法进行研究． 19.【答案】BCD
【解析】由于匀强电场方向平行于坐标平面，当电场方向平行于y轴时，O、C间的电势差为零，A、B间的电势差最大，B项正确，A项错误；如果电场方向平行于y轴，则E、F两点电势相等，则一个点电荷从E点运动到椭圆上任意一点再运动到F点，电场力做功为零，C项正确；由于O、A连线平行于B、C连线，且长度相等，因此在匀强电场中，O、A间的电势差和B、C间的电势差相等，一个点电荷从O点运动到A点与从B点运动到C点，电场力做功一定相同，D项正确． 20.【答案】AC
【解析】当线圈与磁场平行时，感应电流最大，变压器原线圈的电流瞬时值最大，故A正确；从垂直中性面计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt，故B错误；用电量增加时，根据功率P=UI，当电压不变，电流增大，则导线中电压损失变大，用户得到的电压减小，则为使用户电压保持不变，触头P向上移动，故C正确；当触头P向下移动，只会改变副线圈的电流，从而改变原线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故D错误．故选AC． 点睛：考查瞬时表达式的书写时，关注线圈的开始计时位置，得出最大值，区别与有效值，理解电阻的变化，只会改变电流与功率，不会影响电压的变化． 21.【答案】ACD
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【解析】试题分析：物体静止开始从斜面底端开始运动知道最后返回斜面底端，此过程斜面光滑没有摩擦力做功，重力做功为0，根据动能定理有Ek-0=WF=60J，选项A对。撤去F前，加速度a=
-gsinθ，撤去F后，加速度a'=gsinθ。根据力F撤去前后位移等大反向，判
，整
mgsinθ·s=60J，
断撤去前后平均速度等大方向，由于撤去前后都是匀变速所以有理得a'=3a，即F=
mgsinθ，选项B错。撤去力F前，力F做功Fs=
重力做功-mgsinθ·s =45J，所以撤出力F时，物体的重力势能是45J选项C对。力F撤去前，合力
mgsinθ小于重力沿斜面的分力mgsinθ，即合力做功小于克服重力做功，增加
的动能小于增加的重力势能，撤去力F之前一定是重力势能大于动能，最返回斜面时重力势能为0，小于动能，所以动能与势能相等的时刻一定出现在撤去力F之后选项D对。 考点：动能定理 牛顿运动定律
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