10. 解析：A项所给离子大小浓度关系不符合溶液的电中性，A项错误；B项中两种酸溶液电离出的c（H+）和两种碱溶液电离出的c（OH-）相等，均抑制水的电离，且抑制的程度相同，B项正确；C项，①中Al3+与NH4+相互抑制水解，④中CH3COO-和NH4+相互促进水解，③中NH3·H2O只有极少量电离，故c（NH4+）由大到小的正确顺序为①>②>④>③，C项错误；D项，0.1mol·L ?1 pH为4的NaHB溶液中存在HB-的电离和HB-的水解，二者程度都很小，但电离程度大于水解程度，电离生成B2，而水解生成H2B，故存在关系
－
c(HB)＞c(B2)＞c(H2B)，D项错误。
－
－
答案：B
11. 解析：燃烧热指1mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物所释放出的热量，甲图所示为2molH2燃烧放出的热，且生成的水为气态，故A项错误；乙图中交点的含义是NO2的消耗速率与N2O4的消耗率相等，此时反应向逆反应方向进行，未达平衡，B项错误；由丙图看出，t1℃时，二者饱和溶液的质量分数相等，在升温时都由饱和溶液变为不饱和溶液，质量分数未变，C项错误；由丁图看出酸性HA＞HB，根据“越弱越水解”，同浓度NaA溶液的pH小于NaB溶液，D项正确。 答案：D
12. 解析：由图像看出，10s后达到平衡，达平衡时，消耗X、Y的物质的量均为0.80mol，生成Z的物质的量为1.60mol，故可写出其方程式为X(g)+Y(g)
2Z(g)。由方程式看出，改变压强平衡会移动，故B项错
误；参加反应的X、Y的物质的量相同，而起始物质的量不相同，故转化率一定不相同，A项错误；T ℃时，1.60
(2)2
该反应的平衡常数K=1.20-0.801.00-0.80=32，D项错误；若起始时X为0.71 mol，Y为1.00 mol，设转化
×222n
（2）2
的X、Y的物质的量均为n mol，则根据温度不变平衡常数不变，可列式：0.71-n1.00-n=32，解得n=0.60，
2×20.60
则Y的转化率为1.00=60%，C项正确。 答案：C
13. 解析：由电子流动的方向看出乙的活泼性比铜弱，甲、丙、丁的活泼性均比铜强，再根据电压数值可知活泼性顺序为丙>甲>丁，综上分析可得金属活泼性顺序为丙>甲>丁>铜>乙。因此不难分析只有B项正确。 答案：B
25. 【答案】（1）第三周期第VIIA族
（2）
（3）FeS （4）2Al+Fe2O3
2Fe+Al2O3 （其他答案合理即可给分）
（5）将O溶液（FeCl3）在HCl气流中蒸干
（6）先加KSCN溶液无现象，再加氯水溶液变血红色
（7）4FeS2(s) +11O2 (g) =2Fe2O3(s)+8SO2(g) △H = -3412 kJ·mol-1
【解析】常温下A呈气态，又知过量B与A作用产生白雾，B与过量A作用产生白烟；E在A中燃烧产生棕色的烟；可知A为氯气，B和E分别为磷和铁；N分子中各原子均满足八电子稳定结构，N分子为三氯化磷，O为三氯化铁。Q遇水立刻水解产生白色絮状沉淀和气体，该沉淀能溶于氢氧化钠溶液但不溶于氨水，则该沉淀为氢氧化铝，P为黑色固体且能溶于稀盐酸，Q为硫化铝，P为硫化亚铁。
c（CH3OH）1mol·L-1
26. 解析：（2）①Q=2==0.44>0.27，故反应向逆反应方向进行。
c（H2）c（CO）（1.5mol·L-1）2×1mol·L-1②由方程式CO(g)＋2H2(g)
CH3OH(g)、2FeTiO3＋6C＋7Cl2＝2FeCl3＋2TiCl4＋6CO 和2NaCl＋
2H2O=2NaOH＋H2↑＋Cl2↑得如下关系式： 6CH3OH→6CO→7Cl2→7H2，而6CH3OH→12H2，
故每生产6molCH3OH（192g）需额外补充5molH2（10g）。 则生产19.2t甲醇，至少需额外补充1.0t氢气。
3.2g
（3）生成3.2g纯铜，至少转移电子－×2=0.1mol电子
64g·mol1燃料电池的正极反应为：O2＋4e＋2H2O=4OH
故消耗氧气0.025mol，折合成空气为1.25mol，在标准状况下的体积为2.8L 答案：⑴ 2FeTiO3＋6C＋7Cl2＝2FeCl3＋2TiCl4＋6CO
⑵① 向逆反应方向进行 ② 1.0
⑶① CH3OH－6e＋8OH＝CO32＋6H2O
－
－
－
－
－
② 2.8 L
27. 解析：该实验应排除空气中的氧气的干扰（能将生产的NO氧化），故需要在实验前将装置中空气排尽，故选用B装置。排水量气装置中导气管应“长进短出”。且读数需要注意两点：一是读书时视线应与液面相平，二是保持左右两管中液面相平。 （6）根据方程式：3NO2＋H2O=2HNO3 3n
铜与硝酸反应生成的NO2的物质的量为2 Vn
铜与硝酸反应生成的NO的物质的量为22.4-2 故铜与该硝酸反应生成的NO气体和NO2气体的物质的量之比为: Vn
22.4-2V－11.2nm=3n=33.6n
2答案： （1）B
（2）
（3）将C中的溶液加适量水稀释
（4）第二，打开a，通足量N2，排净装置中的空气 （5）向下移动乙管，使甲、乙两管液面在同一水平面上 （6）(V－11.2n)/33.6n 28. 答案：
CH=CHCOOCH3（1） ① ②A、C （2）①羟基、羧基
②水解反应（或取代反应）；消去反应 ③
（3）
物理试题
参考答案与解析
13.C
【解析】原子核发生一次β衰变，该原子核内质子数增加1，原子外层电子数不变，选项A错误；一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的频率太低，选项B错误；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道，电子的动能减少，但原子的能量增加，选项C正确；按
2照玻尔理论，最多能向外辐射Cn?C32?3种不同频率的光子,选项D错误。
14.C
【解析】由题意知PM2. 5是指空气中直径等于或小于 2.5 μm的悬浮颗粒物，它不是分子，尺寸比分子大得多，选项AB错误；PM2. 5在空气中做布朗运动，据布朗运动的特点可知选项C正确D错误。 15.D
【解析】由同侧法可知，此时x＝1 m处的质点振动方向向上，A对；由公式v＝λf得波速大小为20 m/s，所以B对；由多普勒效应可知，波源向接收者运动时，接收者接收到的频率大于波源的频率，所以C对；障碍物或小孔的尺寸与波长接近时也可发生明显的衍射现象，所以D错误． 16.A
22m月mv0R2v0【解析】在月球表面上有G＝mg′，在月球表面上竖直上抛有h＝，联立解得h＝，选项
2g'R22Gm月A正确，由t＝
2v0易知选项B错误．若发射绕月卫星，当匀速圆周运动的半径等于月球半径时，速度最g'm月mGm月v2R2?R大，周期最小，此时有G＝m，解得v＝，选项C错误．最小周期为T＝＝2πR，2RRRvGm月选项D错误．
17. D
【解析】设杆与竖直方向间夹角为θ，B球的速度为vB，此时A球的速度为vA，vA和vB沿杆方向上分速度大小相等，即vAcosθ＝vBsinθ，当A球到达竖直槽底部时，得vB＝0，D正确；B球速度先增大后减小，其机械能先增大后减小，A、B系统机械能守恒，得A球的机械能先减小后增大，A、B错；轻杆对A球先做负功后做正功，对B球先做正功后做负功，C错． 18. B
【解析】根据电场强度的叠加得A点和B点的电场强度大小不相等，则A选项错误；等量异种电荷形成的电场的电场线和等势线分别关于连线和中垂线对称，则B选项正确；沿B→C→D路径，电势先减小后增大，电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小，则C选项错误；沿C→O→A路径电势逐渐增大，电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其一直做正功，则D选项错误． 19. A
【解析】理想变压器的线圈电阻为零，原线圈的输入电压由发电机的输出电压决定，副线圈电路的变化不会使原线圈输入电压变化．由于变压器线圈匝数不变，当S断开后，副线圈的输出电压不变，但副线圈电
路总电阻变大，使输出电流变小，输出功率变小，原线圈输入功率也变小；输出电流变小，使R两端电压变小，由于副线圈输出电压未变，L1两端电压变大，L1中的电流变大． 20.A
【解析】本题考查单位制的应用，结合常用公式qEH?mE12,此结果虽不是mv,Bqv?qE可知H?222BqmE”的单位一致。对比四个选项可知，B2q要求的值，但根据物理单位制可知题干中要求的H的单位一定跟“
本题应选A。
21.（1）①把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力 ②点距均匀 ③不合适．由曲线不能直接确定W、v2的函数关系，应进一步绘制W－v2图象 （2）①如图所示
②随着小灯泡两端电压的升高，电流增大，灯丝温度升高，电阻率增大，电阻变大 ③0.68 W ④1031 【解析】（1）①把木板末端垫高，倾角为θ，若f＝mgsinθ，则平衡了摩擦力，此时只有橡皮筋的作用力使小车运动．
②小车先加速后匀速，匀速时橡皮筋的弹力刚好全部做功，所以应选纸带的均匀部分测量．
2
③因为W－v图象是曲线，不能确定W与v的函数关系，所以不合适．
(2)①根据电路图连接实物图时要“先串后并，接线到柱，注意量程和正负”，千万不要把分压式电路连成限流式电路．
②随着小灯泡两端电压的逐渐升高，通过小灯泡的电流逐渐增大，灯丝温度也逐渐升高，灯丝的电阻率增大，小灯泡的电阻变大，I－U图线的斜率减小，造成小灯泡的伏安特性图线是曲线．
③由I－U图象可知，当U＝2.0 V时，通过小灯泡的电流I＝0.34 A，则此时小灯泡的实际功率P＝UI＝2×0.34 W＝0.68 W.
④小灯泡正常工作时的电压U＝3.0 V，额定电流约为I＝0.46 A，则有1.5＝k(273＋27)，＋t)，解得t≈1031 °C.
22.（1）6N,方向竖直向下（2）1.25m（3）??2n?rad/s （n=1、2、3、4???） 【解析】（1）滑块由A点到B由动能定理得：
12 ┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅（2分） mgr?mvB2解得：vB?2gr?3m/s ┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅（1分） 滑块到达B点时，由牛顿第二定律得
2vBF?mg?m ┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅（2分）
r解得：F?6N
3＝k(2730.46