图12
(4)如果某次实验测得小灯泡两端所加电压如图丙所示，请结合图线算出此时小灯泡的电阻是________Ω(保留2位有效数字)。 (5)根据实验得到的小灯泡伏安特性曲线，下列分析正确的是________。
A.测得小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由电压表内阻引起的 B.测得小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由电流表内阻引起的 C.测得小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由电压表内阻引起的 D.测得小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由电流表内阻引起的 解析： (1)由于电路需采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择A；(2)描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变U2
化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻为R＝＝P32
Ω＝15 Ω。电流表内阻约为0.5 Ω，电压表内阻约为3 kΩ，0.6
电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如答案图所示。
(3)由题图乙图象可知，随着电压增大，通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大。
(4)电压表量程为3 V，图丙所示电压表分度值为0.1 V，则其示数为2.3 V，由图乙所示图象可知，2.3 V对应的电流为0.2 A，此时灯泡U2.3
电阻R＝＝ Ω≈12 Ω；
I0.2
(5)电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流I偏大，测得小灯泡正常发光的功率P＝UI偏大，故选C。 答案 (1)A (2)电路图如图所示 (3)增大 (4)12 (5)C
2.某同学利用如图13甲所示的电路测定电池的电动势和内阻。 (1)根据图甲电路，在实物图乙上用笔画线代替导线画出实物连线图。
图13
1
(2)该同学在图14的－R坐标系中标出了所测的实验数据，请作出
I这些数据点的拟合直线，并读得该直线在纵轴上的截距为________A
－1
，求得其斜率为________V－1。
图14
(3)已知电流表内阻与定值电阻R0阻值相等，R0＝1 Ω，根据作得的图象，可得电源的电动势为________V，内阻为________Ω。(结果保留两位有效数字)
解析： (1)根据图甲的电路原理图，实物连线如答图甲所示。(2)作出这些数据点的拟合直线，并读得该直线在纵轴上的截距为b＝0.9 10－0.9－1A－1，求得其斜率为k＝ V＝0.68 V－1。(3)根据电路，利用
13.4R01
闭合电路欧姆定律可得E＝2I(R＋r＋)，变换为与－R图象相应的
2I12112
函数关系，为＝R＋(2r＋R0)，则有b＝(2r＋R0)＝0.9 A－1，k＝
IEEEE＝0.68 V－1。解得E＝2.9 V，r＝0.82 Ω。
答案 (1)实物连线图如图甲所示 (2)如图乙所示 0.9 0.68(0.66～0.70均可) (3)2.9 0.82
甲
乙
热点4电学创新设计实验
通过对近几年的高考实验试题的研究发现，高考电学实验试题有两个显著的特点：第一，基于教材中的电学实验，着重考查实验原理的改进、实验步骤、误差分析；第二，重视电学实验的实验方法，问题设置结合科技、生产、生活的实际；因此，理解实验原理，掌握实验方法，是解决电学实验的关键。
1.某同学用图15中所给器材进行与安培力有关的实验。两根金属导轨ab和a1b1固定在同一水平面内且相互平行，足够大的电磁铁(未画出)的N极位于两导轨的正上方，S极位于两导轨的正下方，一金属棒置于导轨上且与两导轨垂直。
图15
(1)在图中画出连线，完成实验电路。要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动。 (2)为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议： A.适当增加两导轨间的距离 B.换一根更长的金属棒 C.适当增大金属棒中的电流
其中正确的是________(填入正确选项前的标号)。 解析： (1)实物连线如图所示。
(2)根据公式F＝BIL可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流，可12
增大金属棒受到的安培力，根据动能定理得，Fs－μmgs＝mv，则
2金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导轨时的速度变大，A、C正确；若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度即导