高三四调物理答案：
1BD 2D 3C 4C 5B 6BD 7B 8A 9AC 10AD 11AD 12AC 13BC 14BC 15ACD 16、5.00（2分）
（2分）
（2分） (3分)
17．（1）通过电动机的电流与流过限流电阻的电流相同。
由：得：（2分）
（2）由，可得电动机两端的电压为： （1分）
所以电动机输入的电功率：电动机的发热功率电动机的输出功率：
1分
1分
1分
[KS5UKS5U]18． (1)第一个过程：物块向右做匀减速运动到速度为零． 物体受到的摩擦力为：Ff=μmg 物体受到的电场力为F=qE 由牛顿第二定律得Ff+F=ma 1分 由运动学公式得2as1=v
2
1分
联立以上各式代入数据解得：s1=0.4m 1分
(2)第二个过程：物块向左做匀加速运动，由动能定理得：Fs1-Ff（s1+s2）=0 1分 解得:s2=0.2m 1分
所以物块停止在原点O左侧0.2m处 1分
(3)物块在电场中运动过程中，机械能增量等于滑动摩擦力做的功， △E=Wf=-μmg?2s1 2分
0.01×10×0.8J=-0.016J 1分 △E =-0.2×
19．（1）计算电子打到记录纸上的最高点的坐标：设v 0 为电子沿A、B板的中心线射入电场时的初速度，
页 1第
则 mv 0 =eU 0 ① （1分）
2
电子在中心线方向的运动为匀速运动，设电子穿过A、B板的时间为t 0 ， 则l=v 0 t0 ② (1分)
电子在垂直A、B板方向的运动为匀加速直线运动.对于恰能穿过A、B板的电子，在它通过时加在两板间的电压U C 应满足
d=
③ (1分)
联立①②③式解得U C = U 0 =20 V （1分）
[KS5UKS5UKS5U]
此电子从A、B板射出时沿y方向的分速度为v y = t 0 （1分）
以后，此电子做匀速直线运动，它打在记录纸上的点最高.设纵坐标为y，由上图可得
（1分） 由以上各式解得y= =2.5 cm （1分）
从题给的U-t图线可知，加于两板电压U的周期T 0 =0.10 s，U的最大值U m =100 V,因为U C ＜U m ，在一个周期T 0 内，只有开始的一段时间间隔Δt内有电子通过A、B板,Δt=
因为电子打在记录纸上的最高点不止一个，根据题中关于坐标原点与起始记录时刻的规定，第一个最高点的x坐标为x 1 =
s=2 cm. （1分）
第二个最高点x的坐标x 2 = =12 cm （1分）
第三个最高点x的坐标x 3 = =22 cm. （1分）
[KS5UKS5U]由于记录筒的周长为20 cm，所以第三个最高点与第一个最高点重合，即电子打到记录纸上的最高点只有两个，它们的坐标分别为（2 cm，2.5cm）和（12 cm，2.5cm） （2分）
页
2第
20【解析】（1）对带电系统开始运动到小球A刚好与薄片S接触过程，根据动能定理得
（2分）
[KS5UKS5UKS5U]
带电系统的速度大小 （2分）
（2）小球A每次接触和离开薄片S的瞬时速度大小都相同，且等于小球A第一次与薄片S接触时速度大小
设带电系统第N次弹回两板间后，小球B向右运动最远处恰好到达Q板位置 小球A第N次离开薄片S所带电荷量为
(1分)
根据动能定理有
（1分）
（2分）
[KS5UKS5U]解得
设小球A第5次离开薄片S向右做减速运动的加速度为a5，速度由v减为零所需时间为t5，小球A离开薄
片S所带电荷量为
带电系统加速度为
（2分）
减速运动时间
（1分）
（3）带电系统被第M次弹回两板间后，小球A恰好能够运动到右侧薄板Q位置，根据动能定理得
（1分）
解得
（1分）
，带电系统将匀速运动2L距离后，再匀减速运动，小球A （1分）
带电系统被第20次弹回，小球A带电
恰能到达Q板位置，带电系统在电场内的运动时间为
页 3第