加速度方向向下，人处于失重状态；b点，人的重力等于弹力，加速度为零；由b到c，人的重力小于弹力，合力方向向上，加速度方向向上，人处于超重状态，当弹性绳伸长到c点时，人处于最大超重状态。
答案：AB
10.解析：对A、B组成的系统整体运用牛顿第二定律有 (mA＋mB)gsin α－μ(mA＋mB)gcos α＝(mA＋mB)a， 得a＝(sin α－μcos α)g＜gsin α，故选项B正确。
对A进行隔离，运用牛顿第二定律有mAgsin α－μmAg cos α－FT＝mAa，得FT＝0，故选项C正确。
答案：BC
11.答案：（1）Ⅱ （2）1 kg 1 N （3）1.93 m/s
2
1.19 m/s
【解析】（1）轨道水平时，小车在运动过程中受摩擦力的作用，故当拉力较小时，小车不动，加速度为零，即图象应与F轴正半轴相交，所以是图象Ⅱ；
（2）根据牛顿第二定律知，a–F图象的斜率等于质量的倒数，由图可得小车和位移传感器发射部分的总质量为1 kg；当拉力F等于1 N时小车开始运动，故小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为1 N；
（3）根据逐差法?x6?x5?x4???x3?x2?x1??9aT2，其中T =0.01 s，代入数据可得加速度 a =1.93 m/s；根据匀变速直线运动的规律v?2
x4?x5，解得v =1.19 m/s。 2Tm1g5
12.解析：(1)受力分析如图所示。F TOA＝＝m1g
cos θ4FTOB＝m1gtan θ＝m1g
3
(2)Ff＝FTOB＝m1g
4方向水平向左。
(3)Ffm＝μm2g＝0.3×40 N＝12 N 3
当FTOB＝m1g＝Ffm＝12 N时，
4
34
m1＝1.6 kg，即物体甲的质量m1最大不能超过1.6 kg。
533
答案：(1)m1g m1g (2)m1g 方向水平向左 (3)1.6 kg
444
6
13.解析：分别对A、B两物体进行受力分析，如图所示。 对A、B在运动方向上分别应用牛顿第二定律
FA－μmAg＝mAaA， mBg－FB＝mBaB。
又因为FA＝FB，aA＝aB。
所以联立以上各式，代入数据可得出加速度的值为
aA＝aB＝0.4 m/s2。
由运动学公式2ax＝v得B物体刚落地时A的速度为
2
vA＝2aAh＝2×0.4×0.2 m/s＝0.4 m/s。 A物体的位移x1＝h＝0.2 m。
以后A物体做匀减速运动，aA′＝μg＝2 m/s。
2
v20.16
由2ax＝v得，后一段时间内A物体的位移为x2＝＝ m＝0.04 m。
2aA′2×2
2
所以A物体的总位移为x总＝x1＋x2＝0.2 m＋0.04 m＝0.24 m。 答案：0.24 m
7