流由a到b；再转动，离开磁场，没有感应电流，依次类推。 【答案】D
2．【解析】由图可知交交变电流的周期为0.04s，所以选项A正确；交变电压的最大值为100V，而电阻R＝100Ω，所以交变电流的最大值为1A． 【答案】AD
3．【解析】由图可以求得．交变电流的频率为40Hz，所以选项A错；交变电流的瞬时表达式为i?5cos80?t(A)，所以选项B错；在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量为零，所以选项C错；因电流的有效值为2.52A，所以发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W，故选项D对． 【答案】D
4．【解析】V1示数小于正常值时，副线圈的输出电压也要变小，所以滑动触头P向上滑动，即选项A正确；当用电器增加时，副线圈的电流增大，输电线上损失的电压增大，要使电器正常工作，滑动触头P应向上滑，所以选项C正确 【答案】AC
5．【解析】副线圈的电流增大，输电线上损失的电压增，所以选项C正确 【答案】C
U1n1U22?,可知U2增大，6．【解析】K由a合到b时，n1减小，由P2=随之增大，而P1=P2，
RU2n2又P1=I1U1，从而I1增大，A正确；K由b合到a时，与上述情况相反，P2将减小，B正确；
UnU22P上滑时，R增大，P2=减小，又P1=P2，P1=I1U1，从而I1减小，C错误；U1增大，由1?1RU2n2可知，U2增大，I2=
InU2随之增大，由1?2可知I1也增大，D正确。 RI2n1【答案】A、B、D正确。
7．【解析】由于次级两组副线圈的组合连接使得小灯泡回路中两线圈产生的感应电动势方向相反，所以小灯泡的工作电压有效值为：
U灯?U2?U3?U1220(n2?n1)?(30?20)?22V n11002U灯222则P灯???10W
R灯48.4因为理想变压器输入功率等于输出功率，故答案应选A． 【答案】A
8．【解析】电流互感器要把大电流变为小电流，因此原线圈的匝数少，副线圈的匝数多。监测每相的电流必须将原线圈串联在火线中。
【答案】A
9．【解析】(1)Em＝nBSω
代人数据得 Em＝400×0.25×0.05×0.04×l00 V＝20 V (2)Im=
Em R?r代人数据得Im＝
20A=2A
9.9?0.1∵是正弦交变电流，所以电流表读数即有效值 I=
Im2?2A=1．41A
2
(3)p＝IR＝
?2?×9．9W＝19。8W．
2【答案】（1） 20 V（2） 1．41A （3）19。8W 10． 【解析】 发电站的输出电流
P1073I1??A?2.5?10A ① 3U14?102 输电线路损失的功率P4%P?I2R ② 损＝4%P4%?107 则I2??A?2?102A ③
R10n1I22?1022变压器的匝数比 ???3n2I12.5?1025n1I22?1022【答案】 ???n2I12.5?1032511. 【解析】⑴如图36所示。由于输送功率为P=500kW，一昼夜输送电能E=Pt=12000
图36 度，终点得到的电能E′=7200度，因此效率η=60%。输电线上的电流可由I=P/U计算，为I=100A，而输电线损耗功率可由Pr=I 2r计算，其中Pr=4800/24=200kW，因此可求得r=20Ω。
P?1⑵输电线上损耗功率Pr????r?2，原来Pr=200kW，现在要求Pr′=10kW ，计算
U?U?可得输电电压应调节为U′=22.4kV。
【答案】（1）η=60% 20Ω （2）22.4kV
12．【解析】（1）根据磁场分布特点，线框不论转到磁场中哪一位置，切割磁感线的速度始终与磁场方向垂直，故线框aa?转到图示位置时，感应电动势的大小为
E=2Blv=2Bl
2?L=BlLω 2（2）线框转动过程中，只能有一个线框进入磁场（作电源），另一个线框与外接电阻R并联后一起作为外电路。
电源内阻为r，外电路总电阻R外=
Rr2?r R?r3外
故R两端的电压最大值：UR=IR=
E22E2?r??BlL? 2r355r?3（3）aa?和bb?在磁场中，通过R的电流大小相等
图37
iR=
UR21BlL??BlLω·? R52r5r从线框aa?进入磁场开始计时，每隔T/8（线框转动45°）电流发生一次变化，其iR随时间t变化的图象如图20所示。 【答案】（1）BlLω （? r?2） ?E22r3r?32E52BlL? （3）如图37所示 5