?Ⅲ13患两种遗传病的原因是 。
?假如Ⅲ15为乙病致病基因的杂合子、为丙病致病基因携带者的概率是1/100，Ⅲ15和Ⅲ16结婚，所生的子女只患一种病的概率是 ，患丙病的女孩的概率是 。
?有些遗传病是由于基因的启动子缺失引起的，启动子缺失常导致 缺乏正确的结合位点，转录不能正常起始，而使患者发病。
【答案】（1）伴X染色体显性遗传 伴X染色体隐性遗传 常染色体隐性遗传 DDXABXab 或 DdXABXab
（2）6号个体在减数分裂过程中，发生交叉互换产生了XAb的配子，与Y结合，后代同时患甲乙两种病
（3）301/1200 1/1200 （4）RNA聚合酶 【解析】
（1）题干中说明甲病是伴性遗传病，其中14号患病女性父亲7号正常，说明不是伴X染色体隐性遗传病，即甲病是伴X染色体显性遗传6号和7号不患乙病，但生出患乙病的儿子，说明乙病是隐性遗传病，又因题干中说明7号不携带乙病的致病基因，所以乙病是伴X染色体隐性遗传10号和11号都正常，但生了患丙病的女儿，丙只可能是常染色体隐性遗传因为1号只患甲病，所以基因为XABY,其中XAB会传递给6号，又因为12号只患乙病，基因为XaBY，而13号患甲乙两种病，基因为XAbY。可推出6号为XABXab。又因题干中并未说明，该家族是否携带丙病致病基因，所以6号基因型为DDXABXab或DdXABXab
(2)6号基因型为XABXab，在减数分裂过程中，发生交叉互换，产生了XAb的配子，与Y结合，生出13号患甲乙两种病（基因为XAbY）
（3）由题干可知，15号基因型为1/100DdXaBXab,16号基因型为1/3DDXaBY或2/3DdXaBY。所以，后代患丙病的概率为：1/100×2/3×1/4＝1/600，不患丙病概率为：1-1/600＝599/600；后代患乙病的概率为：1/4，不患乙病的概率为：3/4所以只患一种病的概率为：1/600×3/4 ＋ 599/600×1/4＝301/1200患丙病女孩的概率为：1/100×2/3×1/4×1/2＝1/1200 （4）启动子是RNA聚合酶识别并结合的部位。 【知识点】
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29.（16分）铁皮石斛是我国名贵中药，生物碱是其有效成分之一，应用组织培养技术培养铁皮石斛拟原球茎（简称PLBa，类似愈伤组织）生产生物碱的实验流程如下：
在固体培养基上，PLBs的重量、生物碱含量随增殖培养时间的变化如图17所示，请回答下列问题：
?选用新生营养芽为外植体的原因是 ，诱导外植体形成PLBs的过程称 。 ?与黑暗条件下相比，PLBs在光照条件下生长的优势体现在 ， ， 。 ?脱落酸（ABA）能提高生物碱含量，但会抑制PLBs的生长。若采用液体培养，推测添加适量的ABA可提高生物碱产量。同学们拟开展探究实验验证该推测，在设计实验方案是探讨了以下问题： ①ABA的浓度梯度设置和添加方式：设4个ABA处理组，1个空白对照组，3次重复。因ABA受热易分解， 故一定浓度的无菌ABA母液应在各组液体培养基 后按比例加入。
②实验进程和取样：实验50天完成，每10天取样，将样品（PLBs）称重（g/瓶）后再测定生物碱含量。如初始（第0天）数据已知，实验过程中还需测定的样品数为 。
③依所测定数据确定适宜的ABA浓度和培养时间：当某3个样品（重复样）的 时，其对应的ABA浓度为适宜浓度，对应的培养时间是适宜培养时间。
【答案】（1）新生营养芽的细胞分化程度较低，分裂能力强，全能性容易得到表达 脱分化 （2）生长快 增重大 生物碱产量高
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（3）①灭菌冷却 ②75 ③生物碱平均含量最大 【解析】 【知识点】
30.（15分）不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛。 （1）下列化合物I的说法，正确的是______。
HOCHHOICHCOOCH2CH2A.遇FeCl3溶液可能显紫色 B.可发生酯化反应和银镜反应 C.能与溴发生取代和加成反应
D.1mol化合物I最多能与2molNaOH反应
（2）反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法：
12CH3CHCH2+2ROH+2CO+O2 一定条件2CH3CHCHCOOR+2H2O II
化合物II的分子式为____________，1mol化合物II能与_____molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物。
（3）化合物II可由芳香族化合物III或IV分别通过消去反应获得，但只有III能与Na反应产生H2，III的结构简式为________（写1种）；由IV生成II的反应条件为_______。 （4）聚合物
CH2CHnCOOCH2CH3可用于制备涂料，其单体结构简式为____________________。
利用类
似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的反应方程式为____________________________________________________。 【答案】 （1）AC （2）C9H10 4
CH3CHCH3OH或CH3CH2CH2OH（3）（4）
； NaOH醇溶液，加热
CH2CHCOOCH2CH3
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CH22CH2CH2+ H2O催化剂CH3CH2OH一定条件2 CH222OCHCOOCH2CH3+ H
CH2+2CH3CH2OH+2CO +O2【解析】
（1）化合物I中有羟基直接连着苯环属于酚类，能使FeCl3溶液显紫色，选项A正确；没有-CHO不能发生银镜反应，选项B错误；酚的邻位和对位有氢，能与浓溴水发生取代反应，同时含有碳碳双键，能与溴反应加成反应，故选项C正确；化合物I有2个酚羟基和1个酯基，故1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，选项D错误。
CH3CHCH3X或CH3CH2CH2X（3）根据题意可知：IV是
消去反应条件是NaOH醇溶液，加热。 【知识点】
，卤代烃的
31.（16分）用CaSO4代替O2与燃料CO反应，既可提高燃烧效率，又能得到高纯CO2，是一种高效、清洁、经济的新型燃烧技术，反应①为主反应，反应②和③为副反应。 ①
11CaSO4(s)+CO(g) ?CaS(s)+CO2(g) ?H1=—47.3kJ?mol-1 44② CaSO4(s)+CO(g)?CaO(s)+CO2(g) +SO2(g) ?H2=+210.5kJ?mol-1 ③ CO(g)?
11C(s)+CO2(g) ?H3=—86.2kJ?mol-1 22（1）反应2CaSO4(s)+7CO(g)?CaS(s)+ CaO(s)+6CO2(g)+ C(s) +SO2(g)的?H＝___________（用?H1、?H2和?H3表示）
（2）反应①－③的平衡常数的对数lgK随反应温度T的变化曲线见图18，结合各反应的?H，归纳lgK-T曲线变化规律：
a)_____________________________；b)____________________________。
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420反应○ 1IIIlgK-2-4-6-8500600700800900100011001200
图18T/℃
平衡
（3）向盛有CaSO4的真空恒容密闭容器中充入CO，反应①于900℃达到平衡，cmol?L-1，计算CO的转化率（忽略副反应，结果保留两位有效数字）。
(CO)=8.0×10-5
（4）为减少副产物，获得更纯净的CO2，可在初始燃料中适量加入____________。
（5）以反应①中生成的CaS为原料，在一定条件下经原子利用率100%的高温反应，可再生CaSO4，该反应的化学方程式为_______________；在一定条件下，CO2可与对二甲苯反应，在其苯环上引入一个羧基，产物的结构简式为________________。 【答案】（1）4?H1+?H2+2?H3
（2）a)反应②为吸热反应，温度升高K值增大，lgK也增大。
b)反应①③为放热反应，温度升高K值减小，lgK也减小。 COOH
| CH3- -CH3 （3）99% （4）氧气 （5）CaS+2O2高温CaSO4 【解析】
(3)由图可以得在900℃时
11CaSO4(s)+CO(g) ? CaS(s)+CO2(g) 的lgK=2,即K=100 44K=
c?CO2?= 100,可知平衡时c平衡(CO2)= 8.0×10-3 mol?L-1
c?CO?8.0?10?3mol/L?1故：CO的转化率为= 99%
8.0?10?3mol/L?1?8.0?10?5mol/L?1）【知识点】
32.（16分）石墨在材料领域有重要应用，某初级石墨中含SiO2（7.8%）、Al2O3（5.1%）、Fe2O3（3.1%）和MgO（0.5%）等杂质，设计的提纯与综合利用工艺如下：
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