国家十一五规划教材《微机原理与接口技术(第二版)》思考题与习题参考答案 11
段描述符存放的首地址＝GDT表首址＋索引×8＝00001000H，所以通过上表可知，
段描述符＝0040F30100001FFFH，段基址＝00010000H，段界＝01FFFH，G＝0,段内偏移量＝ESI＝00001230H,因此物理地址＝段基址＋偏移地址＝00010000H＋00001230H＝00011230H，由表可得执行MOV EAX，[ESI]后，EAX的值就是从00011230H开始的4个字节，即EAX＝32303039H；
由于G＝0时段大小＝段界＋1＝01FFFH＋1＝2000H＝8192字节，即可容纳8192字节的数据 访问权字节＝F3H＝11110011B，A＝1该已经被访问过，同P＝1在物理存储器中，是向上增长的可写的数据段。
12 《微型计算机及接口技术》
第5章 思考与习题参考答案
5-3 说明SRAM、DRAM、MROM、PROM、EPROM及FRAM的特点及简单工作原理。
答：SRAM靠双稳态触发器的两个稳定状态存储信息的；DRAM靠极间电容的充放电来存储信息的；MROM靠光刻技术确定是否保留MOS管决定信息的，跨接MOS管，信息为0,没有跨接MOS管，信息为1；PROM是靠熔丝的通断决定信息的，没有熔断，则信息为1,熔断信息为1；EPROM是靠雪崩注入式场效应管（FAMOS管）的浮置栅是否积累足够的电荷来存储信息的，有足够的电荷积累，则记录信息0,没有足够的电荷积累信息记录；FRAM是靠铁电电容来存储信息的。
5-4 已知一个SRAM芯片的容量为4M×8，该芯片有一个片选信号引脚和一个读/写控制引脚，问该芯片至少有多少个引脚？
解：SRAM的引脚的确定从地址线、数据线、控制线及电源线四方面考虑，地址线m决定字数，2m=4M,因此m=22,容量4M×8，所以n=8，片选一条，读写控制一个，电源线2条，芯片共有引脚＝22＋8＋1＋1＋2＝34条。
5-5 已知一个DRAM芯片外部引脚信号中有4条数据线,11条地址线，则其容量最大有多大？ 解：DRAM的容量＝22
×11
×4＝16M位。（注意地址线与单元数的关系与SRAM不同）
5-6 50ns的512M×8的DRAM芯片，其外部数据线和地址线为多少条？1秒钟至少可存取多少次？如果总线速度为50MHz的微机系统，在访问存储器时要不要插入等待周期？
解：（1）寻址的地址线＝log2(单元数)=log2(512M)=log2(229)=29条，由于DRAM的外部地址线是内部的一半，因此DRAM的外部地址线为15条,数据线8条，1s/50ns=109/50=20000000次，即每秒可存取2千万次，总线速度为50MHz,即总线时钟周期为1/50MHz=0.02us=20ns，因此比 50ns快，因此需要插入等待周期，要插入2个等待周期20ns+20ns*2=60ns，才能正常访问50ns的存储器。
5-9 试计算外频（内存模块的核心频率）为100MHz时DDR、DDR2、DDR3的带宽。 解：由于DDR、DDR2和DDR3数据宽度为64位，100MHz下的速度如下： (1) DDR：100MHz×2×64/8＝1600MB/s (2) DDR2:100MHz×4×64/8=3200MB/s (3) DDR3:100MHz×4×2×64/8＝6400MB/s 5-10已知RAM的容量为
(1) 16K×8 (2) 64K×8 (3) 128K×8 (4) 256K×8
如果RAM的起始地址为3450H，则各RAM对应的末地址为多少？
解：（1）16K×8,单元数16K＝24×210=3FFFH+1,所以末地址＝首地址＋大小－1＝3450H＋3FFFH＝744FH （2）64K＝216=FFFFH+1，末地址＝3450H＋FFFFH＝1344FH （3）128K＝217＝1FFFFH＋1,末地址＝3450H＋1FFFFH＝2344FH （4）256K＝218＝3FFFFH＋1,末地址＝3450H＋3FFFFH＝4344FH
5-11如果一个应用系统中ROM为8KB，最后一个单元地址为57FFH，RAM紧接着ROM后面编址，RAM为16KB，求该系统中存储器的第一个地址和最后一个单元地址。
解：ROM最后一个单元为57FFH，8K＝213＝1FFFH＋1,因此首地址＝末地址－（大小－1）＝57FFH－1FFFH＝3800H，由于RAM紧跟ROM后面编址，因此RAM的首地址＝57FFH＋1＝5800H，RAM大小16K＝214＝3FFFH＋1,所以RAM的最后地址就是系统存储器的末地址（最后一个单元的地址）＝5800H＋3FFFH＝97FFH
国家十一五规划教材《微机原理与接口技术(第二版)》思考题与习题参考答案 13
5-12有一个存储体由SRAM构成，其地址线15条，数据线为8条，则 (1) 该存储体能够存储多少个汉字？
(2) 如果该存储体由2K×4位的芯片组成，需要多少片？ (3) 采用什么方法扩展？需多少根地址线选择这些芯片？
解：（1）SRAM容量＝215×8＝32KB，能存储汉字32KB/2= 16K个＝16384个
（2）32K×8/（2K×4）=16×2＝32片
（3）由于单元数和位数都有增加，因此采用字位全扩展方法，需要的地址线选择芯片取决于字数的增加，2K增加到32K，即分别选择的存储器模块有16个，因此需要4根额外的地址线来通过4－16译码器来选择,这16个8位的存储器模块（每个模块8位，由两片2K×4构成）。 5-16写出图5.43(a)所示的片选信号CS以及(b)中Y0～Y7对应的端口地址。 DAENA9A81213A9A6A4A8A71U1A2123456111212U2A3U4A7A58CSA3AENA2A1A012131245U7B6910U7C8321CBAU7A3654123 NC 1 28 Vcc A12 2 27 A14 A7 3 26 A13 A6 4 25 A8 A5 5 24 A9 A4 6 23 A11 A3 7 22 OE/VPP A2 8 21 A10 A1 9 20 CE A0 10 19 D7 D0 11 18 D6 D1 12 17 D5 D2 13 16 D4 GND 14 15 D3 图5.42 题5-15图 4DU3A12U5A12U6E3E2E1Y7Y6Y5Y4Y3Y2Y1Y079101112131415CA6A5A4A3A2A1A0B (a) Title (b) 图5.43 题5-16图 ＝07FH； ANumberRevision解：(a)由CS＝0可知：A9＝0,A8＝0,A7＝0,A6＝1,A5＝1,A4＝1,A3Size＝1,A2＝1,A1＝1,A0＝1,地址＝0001111111BA4Date:File:3-Sep-2004 Sheet of F:\\教学\\WJ\\第二版微机书稿\\书稿电路图.ddbDrawn By:4A(b)由3－8译码器使能端有效即E3＝1,E2＝E112＝0知：A9＝1,A8＝0,A7＝0,A6＝31,A5＝0,A4＝1，A3＝0 Y0:A2A1A0=000，因此Y0的地址＝1001010000B＝250H Y1:A2A1A0=001，因此Y1的地址＝1001010001B＝251H Y2:A2A1A0=010，因此Y2的地址＝1001010010B＝252H Y3:A2A1A0=011，因此Y3的地址＝1001010011B＝253H Y4:A2A1A0=100，因此Y4的地址＝1001010100B＝254H Y5:A2A1A0=101，因此Y5的地址＝1001010101B＝255H Y6:A2A1A0=110，因此Y6的地址＝1001010110B＝256H Y7:A2A1A0=111，因此Y7的地址＝1001010111B＝257H
5-17某系统的存储器配备两种芯片即32K×8的EPROM和32K×8的SRAM，采用74LS138译码器输出作片选信号。如图5.44所示。
(1) 确定每一片存储器芯片的地址范围 (2) 编程将4#的32KB数据传送到7#存储区域
14 《微型计算机及接口技术》
WRRD D7~D0 EPROM Y0Y1Y2Y3Y4Y5Y6OE D7~D0 27256 (1#) OE D7~D027256 (2#) OE D7~D027256(3#)74LS138A19A18M/IO G1G2AG2B A17A16A15 A14~A0CBA CS A14~A0CS A14-A0CS A14~A0WE D7~D0 62256 (4#) WE D7~D062256(5#) WE D7~D062256(6#) WE D7~D062256(7#) CS A14~A0CS A14~A0CS A14~A0CS A14~A0
图5.44 题5-17图
SRAM 解：
（1）3－8译码器的使能端有效可知A19＝1A18＝0
1＃：Y0：A17A16A15＝000，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：80000H～87FFFH 2＃：Y1：A17A16A15＝001，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：88000H～8FFFFH 3＃：Y2：A17A16A15＝010，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：90000H～97FFFH 4＃：Y3：A17A16A15＝011，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：98000H～9FFFFH 5＃：Y4：A17A16A15＝100，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：A0000H～A7FFFH 6＃：Y5：A17A16A15＝101，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：A8000H～AFFFFH 7＃：Y6：A17A16A15＝110，A14～A0＝0??0～1??1,地址范围：B0000H～B8FFFH （2）用串操作指令完成
MOV AX,9000H MOV DS,AX MOV SI,8000H
；数据段段内偏移量起始地址8000H ;不仿设数据段地址9000H
MOV AX,0B000H；设附加数据段地址B000H MOV ES,AX MOV DI,0 CLD
;附加数据段段内偏移量起始地址0 ;在DF=0让地址增加 ;32KB大小数据传输
MOV CX,32*1024 REP MOVSB
用普通数据传送指令完成
MOV AX,9000H MOV DS,AX MOV SI,8000H
;不仿设数据段地址9000H
；数据段段内偏移量起始地址8000H
MOV AX,0B000H；设附加数据段地址B000H MOV ES,AX
国家十一五规划教材《微机原理与接口技术(第二版)》思考题与习题参考答案 15
MOV DI,0
;附加数据段段内偏移量起始地址0 ;32KB大小数据传输
MOV CX,32*1024
REPLP0:
MOV AX，[SI] MOV ES:[DI],AX INC SI INC DI LOOP REPLP0
5-21 简述8088、8086、80386、Pentium、Pentium II、Pentium III、Pentium4以及Cure 2系统存储器的组成形式。 解： 8088为8位存储器组织，共一个8位存储体，总容量最大1MB；
8086和80286为16位存储器组织，共2个8位存储体，1个偶地址存储体和1个奇地址存储体，其中8086
的每个存储体最大512KB，共1MB，而80286每个8MB，共16MB；
80386为32位存储器组成，共4个8位存储体，每个最大1MB，共4GB；
Pentium~Cure2均为64位存储器组织，共8个8位存储体，Pentium每个存储体最大512MB，共4GB，
PentiumII~Cure2每个最大8GB，共64GB。
5-22简述内存的层次结构。
解：内存有三个层次即Cache、主存储器和虚拟存储器，其中Cache容量小、最快、价格高，虚拟存储器最慢，容量大，价格低。
5-23 CMOS 的功能是什么？如何对其操作？写出将年月日时分秒的值读出后存入1000H:2000H开始的内存区域的程序片段。
解：CMOS主要包括实时钟及CMOS RAM，因此其主要功能有产生实时钟及保存设置和配置信息。对CMOS的操作分两个步骤：（1）向70H写CMOS地址；（2）对71H读或写数据 MOV AX,1000H MOV DS,AX MOV DI,2000H INC DI MOV AL,09H ;年单元 OUT 70H,AL IN AL,71H MOV [DI],AL MOV AL,08H ;月单元 OUT 70H,AL IN AL,71H MOV [DI],AL INC DI MOV AL,07H ;日单元 OUT 70H,AL IN AL,71H MOV [DI],AL INC DI MOV AL,4 ;时单元 OUT 70H,AL IN AL,71H MOV [DI],AL INC DI MOV AL,2 ;分单元 OUT 70H,AL IN AL,71H MOV [DI],AL INC DI MOV AL,0 ;秒单元 OUT 70H,AL IN AL,71H MOV [DI],AL