2018-2019年高中物理粤教版《选修3-1》《第一章 电场》单
元测试试卷【1】含答案考点及解析
班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________
题号 一 二 三 四 得分 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上
评卷人 五 六 总分 得 分 一、选择题
1.关于电场和磁场，下列说法正确的是：（ ）
A．电场是假想的，并不是客观存在的物质
B．描述磁场的磁感线是客观存在的，且磁场中的任何两条磁感线不相交 C．电场中某处场强的方向就是放入该处试探电荷所受电场力的方向 D．磁场对在它其中运动的电荷可能没有力的作用 【答案】D 【解析】
试题分析：电场和磁场都是客观存在的物质，A选项错误；电场线和磁感线都是假想的线，且磁场中的任何两条磁感线不相交，故B选项错误；若试探电荷为正电荷，所受电场力的方向与场强方向相同，若试探电荷为负电荷，所受电场力的方向与场强方向相反，故C选项错误；由洛伦兹力的公式知当速度与磁场方向平行时不受洛伦兹力的作用，故D选项正确。
考点：电场和磁场 磁感线 洛伦兹力
2.把磁铁靠近铁棒，铁棒会被磁化，这是由于： A．铁棒两端出现电荷； B．铁棒受到磁铁的吸引力；
C．铁棒内的磁畴取向大致相同造成的； D．铁棒内的磁畴取向杂乱无章造成的。 【答案】C 【解析】
试题分析：把磁铁靠近铁棒，铁棒会被磁化，是由于铁棒内的磁畴取向大致相同造成的，故选C
考点：考查磁化现象
点评：难度较小，由安培提出的电流元假说可判断此题
3.关于安培力和洛伦兹力，如下说法中正确的是
A．通电直导线在匀强磁场中一定受到安培力的作用 B．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现 C．洛伦兹力可能对带电粒子做正功
D．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行 【答案】B 【解析】
试题分析：安培力的大小与电流、磁场的方向有关，当电流与磁场方向平行时导线不受安培力作用，A错；安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现，洛伦兹力是安培力的微观表达，B对；洛伦兹力的方向始终与粒子的速度垂直，永远不做功，C错；通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向垂直，D错； 考点：考查对安培力和洛伦兹力的理解
点评：本题为概念问题，难度较小，安培力和洛伦兹力是有联系的，一个是宏观认识，一个是微观解释，安培力的大小与导线放置的方位有关系，洛伦兹力永远不做功 4.电子流沿z轴正方向运动（图所示），y轴负方向上一点的磁场方向是（ ）
A．+x方向 C．+y方向 【答案】B
B．-x方向 D．-y方向
【解析】电子流沿y轴正方向运动，形成的电流方向沿y轴负方向，根据安培定则可知：在z轴上a点处磁场方向沿x轴负方向．故B正确．
思路分析：电子运动形成电流，电流方向与电子运动方向相反，判断磁场的方向根据安培定则．
试题点评：本题考查基本定则的运用能力．要注意电子运动方向与电流方向相反． 5.三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a、b两点出的场强大小分别为分别为，则( )
、
，电势
A C
＞＞
，＞，＜
B D
＜＜
，，
＜＞
【答案】C
【解析】磁感线的疏密程度表示场强大小，沿电场线方向电势逐渐降低，C对；
电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，沿电场线电势降低，据此可正确解答本题．
解：电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，故Ea＞Eb；根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，可知φa＜φb，故ABD错误，C正确． 故选C．
6.如图，平行金属板M、N水平放置，闭合开关S，两板之间有一带电微粒以速度v0沿图示方向做直线运动；当微粒运动到P点时，断开开关S，并将M板迅速向上平移一小段距离，则此后微粒的运动情况是( B )
A．沿轨迹①运动 B．沿轨迹②运动 C．沿轨迹③运动 D．沿轨迹④运动 【答案】B
【解析】断开开关，然后改变极板间距离，极板上的电荷量不变，极板间场强不变，所受电场力不变，所以带电微粒受力不变，让做直线运动。答案选B。
7.如图所示，Q是带正电的点电荷，P1和P2为其电场中的两点。若E1、E2为P1、P2两点处的电场强度的大小，、为P1、P2两点的电势，则
A．E1＞E2， ＞C．E1＜E2 ，＞【答案】A
【解析】由正点电荷电场线分布可知P1处电场线密集，场强大。沿电场线方向电势降低，＞，A对。
8.M、N两金属板竖直放置，使其带电，悬挂其中的带电小球P如图偏离竖直方向。下列哪一项措施会使OP悬线与竖直方向的夹角增大？（P球不与金属极板接触）
B．E1＞E2，＜ D．E1＜E2，＜
A．增大MN两极板间的电势差 B．减小MN两极板的带电量
C．保持板间间距不变，将M、N板一起向右平移 D．保持板间间距不变，将M、N板一起向左平移 【答案】A
【解析】小球受重力绳子拉力，还有水平向右的电场力，要使OP悬线与竖直方向的夹角增大，则需要增大电场力即增大电场强度，增大MN两极板间的电势差变大，A对。减小MN两极板的带电量，不影响电场强度大小，B错
保持板间间距不变，将M、N板一起向右或者向左平移，不影响电场强度大小，CD错 所以选A
9.一只手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机说明书中还写有“通话3小时，待机100小时”。则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为:
，可知电场强度
A．1.8W、5.4×10W C．3.6W、0.108W 【答案】B 【解析】
－2
B．0.6W、1.8×10W
32
D．6.48×10W、1.94×10W
－2
试题分析：由图中所提供的电池的容量为“3.6V，500mA?h”，则通话时消耗的功率为P1=3.6V×500mA?h3h=600mW=0.6W，待机时消耗的功率为
-2
P2=3.6×500mA?h·100h=18mW=1.8×10W．故选B． 考点：本题考查了电功、电功率．
10.如图所示，一质量为m、带电量为q的小球用细线系住，线的一段固定在O点，若在空
o
间加上匀强电场，平衡时线与竖直方向成60角，则电场强度的最小值为（ ）
A．C．
B．D．
【答案】B
【解析】考点：电场强度；共点力平衡的条件及其应用． 专题：力学三大知识结合的综合问题．
分析：小球保持静止时受到重力、电场力和细线的拉力，运用作图法分析什么条件下电场力最小，再场强公式得到场强最小值．
解答：解：小球保持静止时受到重力mg、电场力F和细线的拉力T，作出力
图如图．根据作图法可知，当电场力F与细线垂直时，电场力最小，最小值为 F=mgsinθ 则场强的最小值为E=故选B
点评：本题是物体平衡中极值问题，通过作图法得到极值的条件，也可以采用数学函数法求解极值． 评卷人 =
得 分 二、实验题
11.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：
（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图甲可知其长度为 _________ mm； （2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图乙可知其直径为 _________ mm；
（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为 Ω．
（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下： 待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；
电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ） 电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计） 滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；
滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；开关S；导线若干． 为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图丁中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．
（5）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ= _________ Ω?m．（保留2位有效数字）
【答案】：（1）50.15 （2）4.700 （3）220（4）见解析；（5）7.6×10。 【解析】
试题分析：（1）主尺读数为50mm，游标上第3条刻度线与主尺对齐，读数为3×0.05mm=0.15mm，则长度为50.15mm．
（2）螺旋测微器固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.200mm，则直径为4.700mm． （3）电阻的阻值R=22×10Ω=220Ω
（4）电源电动势为4V，电压表选V1．电阻中最大电流约为
，则电流表选A2.因为
，故选择电流表外接法．
－2
根据实验要求便于调节且测得多组数据进行分析，可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1以方便调节；
（5）由电阻定律考点：伏安法测电阻； 评卷人 ，
，代入解得ρ=7.6×10Ω?m．
-2
得 分 三、填空题
12.某电场的电场线分布如图所示，则a点的电势 （填“高于”“低于”或“等于”）b点的电势