A． B． C． D．
【考点】内燃机的四个冲程．
【分析】解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功．”进行分析． 【解答】解：
A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；
B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意；
C、两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意； D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意． 故选C．
12．如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其F﹣t和v﹣t图象分别如图乙、丙所示，下列说法正确的是（ ）
A．当t=2 s时，物体处于静止状态，摩擦力是0 B．当t=3 s时，物体受到摩擦力是7 N C．4～6 s内，拉力F做的功是20 J D．2～4 s内，物体的机械能保持不变
【考点】力与图象的结合；力与运动的关系；功的计算；机械能． 【分析】（1）当物体静止时，静摩擦力与推力二力平衡，大小相等；
（2）当物体运动时，动摩擦力是不受推力大小影响的，只有匀速直线运动时，摩擦力与推力二力平衡，大小相等，当物体受到的推力变大或变小时，摩擦力都不变．
（3）根据图丙得出物体的速度，然后利用速度公式计算物体通过的距离，根据图乙读出拉力大小，再利用公的计算公式计算做的功；
（4）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能．在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析．
【解答】解：A、由丙图可知，前2s物体速度为零，处于静止状态，合力为零，则水平方向受到的摩擦力和拉力是一对平衡力；由乙图可知，前2s物体所受拉力为3N，所以摩擦力也为3N；故A错误；
B、在t=3s时，由乙图可知，物体受到的拉力为7N，由丙图可知物体正在做加速运动，此时摩擦力与拉力不平衡，物体受到的摩擦力一定不等于7N．故B错误； C、由丙图可知，4s～6s内，物体做匀速直线运动，速度为v=2m/s， 则4s～6s内通过的距离s=vt=2m/s×2s=4m，
由图乙知，4s～6s时拉力F=5N，所以拉力F做的功为W=Fs=5N×4m=20J，故C正确． D、由丙图可知，2～4s内物体正在做加速运动，其质量不变，高度不变，速度变大，则重力势能不变，动能变大，所以物体的机械能变大．故D错误． 故选C．
二、填空题：（每空1分，共32分）
13．滑轮在生活中有着广泛的应用，在需要改变力的方向时，要使用 定滑轮 （选填“定 滑轮”或“动滑轮”，以下同）；在需要省力时，要使用 动滑轮 ，旗杆顶部的是 定滑轮 ．【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点．
【分析】定滑轮的特点是能改变力的方向，不省力也不省距离；动滑轮的特点是不能改变力的方向，能省一半力，但费一倍距离． 【解答】解：
滑轮在生活中应用时，根据动滑轮和定滑轮的特点可知：定滑轮可以改变力的方向，需要改变力的方向时，则要使用定滑轮；而动滑轮可以省力，则需要省力时，要使用动滑轮；升国旗时，旗杆顶端使用的是定滑轮，它可以改变力的方向． 故答案为：定滑轮；动滑轮；定滑轮．
14．如图甲，将一根粗细均匀的木棒放在水平地面上，稍微抬起一端至少用力100N，则木棒的重力约是 200 N．图乙则是一根粗细不均匀的木棒，若稍微抬起一端，抬起 粗 端所用力较大（粗/细）；若将乙图中木棒如图丙吊起，刚好在图示位置平衡，如果沿吊起处的虚线部分将木棒分割成粗、细两段，则 粗 段较重（粗/细）
【考点】杠杆的平衡条件．
【分析】（1）力臂是指从支点到力臂作用线的垂直距离，分别做出抬起木棒时的动力臂和阻力臂，
（2）根据杠杆平衡条件F1×L1=F2×L2，结合力臂的长短可以确定抬起木棒所用力的大小．【解答】解：（1）图甲中粗细均匀的木棒的重心在其中点上，OA=OB，力臂如图所示：
抬起B端时，以O点为支点，F×OB=G×OA，所以，G=（2）一根粗细不均匀的木棒，分别抬起粗端和细端时，
×F=2×100N=200N
其重心离粗端较近，抬起粗端时，重力的阻力臂L2较大，F×L1=G×L2，G和动力臂L1是定值，F和阻力臂L2成正比，因为抬起粗端时的阻力臂大，所以用的力F就会大一些； （3）木棒在水平位置平衡时，此时的木棒可以看做是一个以悬挂点为支点的杠杆，作用在杠杆上的力分别是支点两边木棒的重力． 杠杆平衡：即G1L1=G2L2．
根据木棒的形状可以确定：L1＜L2， 所以：G1＞G2． 故粗端较重．
故答案为：200；粗；粗
15．“歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向上拉起时，动能 增大 ，重力势能 增大 ，机械能 增大 （均选填“增大”、“不变”或“减小”）．
【考点】动能和势能的大小变化．
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大． （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能=动能+势能．
【解答】解：“歼20”在空中加速向上拉起时，质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变，高度增加，重力势能增加，故机械能增加． 故答案为：增大；增大；增大．
16．如图是皮球落地后弹跳过程中，每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片．A、B是同一高度的两点，则A点的重力势能 等于 B点的重力势能；A点的动能 大于 B点的动能（选填“大于”“小于”或“等于”），此过程中皮球的机械能 减小 （选填“增大”“减小”或“不变”）．
【考点】势能大小的比较；机械能．
【分析】根据动能和势能的相互转化可以解决此题．皮球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以皮球的机械能一次比一次少．
【解答】解：皮球在A点的高度和B点的高度相等，质量也没变，根据重力势能的影响因素可知：皮球在AB两点的重力势能相等；
由于皮球在A位置的这次弹跳要高于B位置的这次弹跳，所以，皮球在AB两位置是的机械能的大小不同，A位置的机械能大于B位置时的机械能，即机械能减小．因此，在AB两位置重力势能相等的情况下，A位置的动能大于B位置的动能． 故答案为：等于；大于；减小．
17．小明用100N的力沿竖直方向将杠杆的一端拉下2m时，杠杆的另一端把320N的重物 提高了0.5m，他做的有用功是 160 J，总功是 200 J，杠杆的机械效率是 80% ．【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率．
【分析】功等于力与力的方向上移动的距离的乘积；所做的功为
（1）利用W有用=Gh求有用功，根据功的公式W总=Fs计算人所做的总功； （2）利用公式η=
求杠杆的机械效率．
【解答】解：由题知：F=100N；G=320N，s=2m；h=0.5m； ∴W有用=Gh=320N×0.5m=160J， W总=Fs=100N×2m=200J； 则机械效率η=
=
×100%=80%．
故答案为：160J；200；80%．
18．如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧，此过程中活塞对筒内气体做功，气体的内能 增加 ，这与四冲程汽油机的 压缩 冲程的能量转化相同，某台汽油机飞轮的转速为2400r/min，在1min内，汽油机完成 1200 个工作循环．
【考点】有关热机的计算；做功改变物体内能．
【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在?压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能； （2）汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成．在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次．
【解答】解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；