本卷由【在线组卷网www.zujuan.com】自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。
vcd??49.62?27.87? ?10?20.1?2.175?m/s?，
vde??77.40?49.62? ?10?20.1?2.778?m/s?；再计算各段平均速度的变化量?v，ab
段与bc段?v?vbc?vab=1.549-0.931=0.618，bc段与cd段?v?vcd?vbc=2.175-1.549=0.626，de段与cd段?v?vde?vcd=2.778-2.175=0.603，由于各段平均速度的变化量?v均发生在0.1s的时间间隔内，即各段单位时间内速度的变化量相等、换句话说就是加速度相等（即物体做匀加速运动），故可以用匀加速运动平均速度的计算公式
v?(v0?v1)2??2.778?2.175?2?2.4765?m/s?，来计算D点的速度（v0、v1分别代表
d点前后计时段的平均速度）。按实验测量精度要求保留两位得小车通过D点时速度为2.48m/s
考点：本题考查学生对实验数据分析处理的能力 32． (1)1.20 （2）加速度的二分之一，0.933 【解析】 试题分析：：（1）最小刻度是毫米的刻度尺读数要估读到最小刻度的下一位，故拿零来补充估测值位置所以O、D间的距离为1.20cm． （2）由公式s?12aat知图象的斜率表示，即加速度的二分之一 解得：a=2k=0.933m/s2
22考点：本题考查了探究小车速度随时间变化的规律
33．0.605，-0.901 【解析】
试题分析：设OA?x1，AB?x2，BC?x3，CD?x4，DE?x5，EF?x6．则小球在A位置的速度vA?x1?x26.51?5.59??10?2m/s?0.605m/s。由x4?x1?3a1T2，2T2?0.1，
x5?x2?3a2T2a?x6?x3?3a3T2，得到
?x4?x5?x6???x1?x2?x3???0.901m/s2，则小球运动的加速度1a?a?a??123?39T22大小0.901m/s
考点：测定匀变速直线运动的加速度． 34．（1）2.64m/s （2）小车初速度A点的速度，是0.1m/s 【解析】
T?0.1s，试题分析：（1）据题意，C点速度等于BD段平均速度，而相邻两点的时间间隔为：即：vC?xBD52.8?cm/s?2.64m/s；（2）小车初速度A点的速度，是0.1m/s。 2T0.2考点：本题考查小车加速度的测量。
35．90m 40m 【解析】
答案第8页，总10页
本卷由【在线组卷网www.zujuan.com】自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。
试题分析：（1）此种问题应先考虑汽车速度减小到0时需要多长时间，根据匀减速直线运动速度公式v?v0?at，得到t=6s后汽车静止。刹车后10秒钟汽车的运动可以分成两段0-6秒内汽车做匀减速直线运动，6～10秒内汽车静止不动，根据匀减速直线运动位移公式
11s?v0t?at2，代入数值s=30×6-×5×62=90（m）。
2212
（2）刹车后2秒内汽车的位移为s=30×2-×5×2=50（m），刹车开始到汽车静止的6秒
2内汽车位移为90m，90m-50m=40m。
考点：本题考查学生匀减速直线运动的概念及相关计算。 36．（1）质点在0～4s内做匀加速直线运动，速度均匀增加；4～8s内做匀速直线运动，速度不变；8～10s内做匀减速直线运动，速度均匀减小，10～12s内做反向匀加速直线运动，速度均匀增大．
222
（2）在0～4s内、8～10s内、10～12s内质点加速度各是2.5m/s，﹣5m/s，﹣5m/s 【解析】 试题分析：（1）根据速度的正负分析物体的运动方向，根据图线形状分析物体的运动性质． （2）根据直线的斜率表示加速度求解． 解：（1）质点在0～4s内做匀加速直线运动，速度均匀增加；4～8s内做匀速直线运动，速度不变；8～10s内做匀减速直线运动，速度均匀减小，10～12s内做反向匀加速直线运动，速度均匀增大． （2）由a=
得：
m/s=2.5m/s m/s=﹣5m/s m/s=﹣5m/s．
2
2
2
2
2
2
0～4s内的加速度a1=8～10s内的加速度a2=10～12s内的加速度a3=
答：（1）质点在0～4s内做匀加速直线运动，速度均匀增加；4～8s内做匀速直线运动，速度不变；8～10s内做匀减速直线运动，速度均匀减小，10～12s内做反向匀加速直线运动，速度均匀增大．
222
（2）在0～4s内、8～10s内、10～12s内质点加速度各是2.5m/s，﹣5m/s，﹣5m/s． 点评：本题对速度图象的理解能力，要抓住图象两个方面的意义：“斜率”表示加速度，“面积”表示位移． 【答案】（1）打开伞包时运动员的速度为50m/s．
（2）打开伞包后运动员的加速度为-7.04m/s2，运动时间为6.53s 【解析】
试题分析：解析：(1)设打开伞包时运动员的速度为v1，则有 v1＝gt1＝10×5 m/s＝50 m/s 3分 (2)打开伞包前运动员下落的距离 h1＝12gt1＝125 m 2分 2打开伞包后运动员下落的距离h2＝H－h1＝175 m 1分 设打开伞包的运动员下落过程中加速度为a
答案第9页，总10页
本卷由【在线组卷网www.zujuan.com】自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。
2则v2?v12?2ah2 2分
解得a=-7.04m/s
2
2分
打开伞包后的运动时间为：t2?v2?v16?50??6.53s a?7.04考点：本题考查了匀变速直线运动规律及多过程分析方法。
38．（1）AC表示匀加速直线运动，CD表示匀减速直线运动，AD表示匀速直线运动；（2）甲、
2
乙的加速度分别为：1m/s、0；（3）在2和8秒末速度相等． 【解析】 试题分析：：（1）根据图象的斜率表示加速度可知：AC表示匀加速直线运动，CD表示匀减速直线运动，AD表示匀速直线运动 （2）根据图象可知：a乙＝?v2?0＝＝1m/s2，甲做匀速运动，加速度为0； ?t2（3）由图象可知，交点处两物体速度相等，所以在2和8秒末速度相等．
考点：考查了速度时间图像
答案第10页，总10页