10.用如图所示电路（R1、R2为标准定值电阻）测定电池的电动势和内电阻如果偶然误差可以忽略不计，则下列说法中正确的是（ ） A．电动势的测量值小于真实值。 B．内电阻的测量值小于真实值。
C．测量误差的产生原因是电流表具有内电阻。
D．测量误差的产生原因是测量次数少，不能用图象法求电池的电动势和内电阻。
11.如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上。现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态。释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面。下列说法正确的是
A．斜面倾角α=30° B．A获得最大速度为2g时，
m 5kC．C刚离开地面时，B的加速度最大
D．从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒
12.质量为m、带电荷量为q的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感应强度为B，如图所示．若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是( ) A．小球带负电
B．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动
C．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动 mgcosθD．小球在斜面上下滑过程中，小球对斜面压力为零时的速率为 Bq
13.如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0~T时间内微粒匀速运3动，T时刻微粒恰好经触。重力加速度的大小正确的是( )
金属边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接为g。关于微粒在
A.末速度大小为 C.重力势能减少了
时间内运动的描
述，
2v0
B.末速度沿水平方向
1mgd D.克服电场力做功为mgd 2已知一间为t，条件可
14．如图所示，极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极(轨道可视为圆轨道)．若个极地卫星从北纬30°的正上方，按图示方向第一次运行至南纬60°正上方时所用时地球半径为R(地球可看做球体)，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G.由以上以求出
A．卫星运行的周期
B．卫星距地面的高度
C．卫星的质量 D．地球的质量
15.以下说法中正确的是：( )
A.满足能量守恒定律的宏观过程都是可以自发进行的
B.某导热材制成的容器处于温度恒定的环境中，容器内用活塞封闭着刚好饱和的一些水汽，当缓慢向下压活塞时，水汽的质量减少，密度不变
C.单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点
D.布朗运动并不是液体分子的运动，但它说明分子永不停息地做无规则运动
二、计算题
16.(10分)如图甲所示，放置在水平台上的导热良好的气缸内封
2
闭一定质量的理想气体，活塞质量为5kg，面积为
高为25cm，大保持气体温度示．g取10
25cm，厚度不计，活塞与气缸之间的摩擦不计，且密闭良好．气缸全气压强为1.0×10 Pa，当温度为27℃时，活塞封闭的气柱高为10cm．若不变，将气缸逆时针缓慢旋转至与水平方向成30°的状态，如图乙所m/s．0℃相当于273K
①分析此过程中气体是吸热还是放热，并说明理由．
②若气缸静止于图乙状态，将外界环境温度缓慢升高，使活塞刚好下移至缸口，求此时的温度．
2
5
17.(15分）如图所示，固定的粗糙弧形轨道下端B点水平，上端A与B点的高度差为h1＝0.3 m，倾斜传送带与水平方向的夹角为θ＝37°，传送带的上端C点到B点的高度差为h2＝0.1125m(传送带传动轮的大小可忽略不计)．一质量为m＝1 kg的滑块(可看作质点)从轨道的A点由静止滑下，然后从B点抛出，恰好以平行于传送带的速度从C点落到传送带上，传送带逆时针传动，速度大小为v＝0.5 m/s，滑摩擦因数为μ＝0.8，且传送带足够长，滑块运动过程中空气块与传送带间的动阻力忽略不计，g＝
10 m/s2
，试求：
(1)滑块运动至C点时的速度vC大小；
(2)滑块由A到B运动过程中克服摩擦力做的功Wf； (3)滑块在传送带上运动时与传送带摩擦产生的热量Q.
18.（15分）如图所示，空间分布着有理想边界的匀强电场和匀强磁场。电场的场强大小为E、方向水平向右，电场宽度为L；中间区域匀强磁场纸面向外，右侧区域匀强磁场方向垂直纸面向里，两个磁场区域的磁感应均为B .一个质量为m、电量为q、不计重力的带正电的粒子从电场的左边由静止开始运动，穿过中间磁场区域进入右侧磁场区域后，又回到O点，上述运动过程。
求：（1）粒子在磁场中运动的速率v
（2）粒子在磁场中运动的轨道半径R （3）粒子运动的一个完整的周期T
左侧匀强方向垂直强度大小缘的O点然后重复
高三上学期期末考试物理答案
1 C 2 A 3 C 4 D 5 C 6 B 7 C 8 D 9 C 10 C 11 AB 12 BD 13 BC 14 ABD 15 BD 计算题 16.
17.解析 (1)在C点，竖直分速度：vy＝2gh2＝1.5 m/s vy＝vCsin 37°，解得vC＝2.5 m/s
(2)C点的水平分速度为：vx＝vB＝vCcos 37°＝2 m/s 从A到B点的过程中，据动能定理得： 12
mgh1－Wf＝mvB，所以Wf＝1 J
2
(3)滑块在传送带上运动时，根据牛顿第二定律得：μmgcos 37°－mgsin 37°＝ma 解得a＝0.4 m/s
v－vC
达到共同速度的时间t＝＝5 s
a二者间的相对位移为Δx＝
v＋vC
t－vt＝5 m 2
2
由于mgsin 37°<μmgcos 37°，此后滑块将做匀速运动， Q＝μmgcos 37°·Δx＝32 J 答案 (1)2.5 m/s (2)1 J (3)32 J
18.（1）（2）带电粒子在电场中加速，由动能定理，可得： 带电粒子在磁场中偏转，由牛顿第二定律，可得： 由以上两式，可得：
（3）在两磁场区粒子运动半径相同，三段圆弧的圆心组成的三角形ΔO1O2O3是等边三角形，其边长为2R。
在电场中
在中间磁场中运动时间
在右侧磁场中运动时间，
则粒子第一次回到O点的所用时间为