由图乙可知，物距大于像距，即物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的；
（3）由图丙可知，远处物体的像成在视网膜之前，说明晶状体的折光能力太强，为近视眼的症状，应佩戴对光线起发散作用的凹透镜进行矫正． 故答案为：（1）5.2；（2）光屏；照相机；（3）凹透镜．
【点评】此题探究了凸透镜成像的规律，一定要注意实验前的调整工作．为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处．同时考查了凸透镜成像的规律，要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系．同时考查了凹透镜对光线的发散作用、
18．小周和小赵在实验室“探究影响滑动摩擦力大小的因素”．
（1）小周设计了如图15甲、乙所示实验方案，为了测木块受到的摩擦力，他用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 匀速直线 运动．由实验现象可得出结论：接触面相同时， 压力越大，滑动摩擦力越大 ．该结论在生活中的应用是 B ．为了探究滑动摩擦力大小与接触面是否有关，小周沿竖直方向切去一半木块，测得摩擦力大小是图甲中的一半，于是得出，摩擦力大小与接触面积大小成正比．小赵认为此结论不正确．因为 没有保持木块对木板的压力不变 ．请你提出此实验过程的更正方案： 将切去的木块放在另一半上面 ． （3）小赵设计了如图丙所示的实验装置．实验中，小桶内装入适量沙子，滑块恰好做匀速直线运动．已知滑块的质量m1，小桶和沙子的总质量m2．滑块受到的滑动摩擦力f= m2g （用符号表示，轻绳与滑轮的摩擦不计）．小桶落地后，滑块继续向前运动，受到的滑动摩擦力将 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
（4）摩擦力的测量属于间接测量，包含有转换和等效思想，下列实验方法与此相同的是 A、C ．根据二力平衡的知识，实验中应沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，此时摩擦力大小等于拉力大小；
摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，分析甲乙两图中控制的变量和改变的量，由测力计的示数得出摩擦力的大小与压力大小的关系；
分析ABC三项中改变摩擦力大小的方法，看是否是通过压力大小来改变摩擦力的；
（2）要探究摩擦力大小与接触面积的关系，需保持压力大小和接触面的粗糙程度不变； （3）根据二力平衡的知识，摩擦力的大小应等于小桶对小车的拉力，等于小桶和沙子的总重力；
根据影响滑动摩擦力大小的因素判断摩擦力的大小是否发生变化； （4）分析ABC三项，是否应用到了转换法和等效的思想．
【解答】解：（1）测量摩擦力时，用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，此时拉力与摩擦力平衡，大小相等；
甲乙两图，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，且压力越大，测力计的示数越大，可知摩擦力越大，可得接触面相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
A．足球守门员戴着防滑手套，是通过改变接触面来改变摩擦力的，A不符合； B．用力压住橡皮，擦去写错的字，是通过改变压力来改变摩擦力的，B符合；
C．在门轴处加润滑油，是通过在接触面间形成油膜，改变接触面来改变摩擦力的，C不符合；
（2）沿竖直方向切去一半木块，压力大小也减半，所以无法得出摩擦力与接触面积的正确关系；
要保持压力不变，可将切去的木块叠放在另一半的上面；
（3）滑块做匀速直线运动时，受到的拉力与摩擦力平衡，所以f=F=G=m2g；
小桶落地后，滑块继续向前运动，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以受到的滑动摩擦力将不变；
（4）测量摩擦力是通过匀速拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力相等，间接测出摩擦力的大小；
A．用排水法测量不规则石块的体积，用到了等效法和转换法；
B．用吸引大头针的个数来判断电磁铁磁性的强弱，只用到了转换法，无法通过等效法得知磁性的大小；
C．用弹簧测力计测量物体的重力，根据物体静止时拉力与重力平衡的特点，间接测出重力的大小，用到了等效法和转换法．
故答案为：（1）匀速直线；压力越大，滑动摩擦力越大；B；（2）没有保持木块对木板的压力不变；将切去的木块放在另一半上面；（3）m2g；不变；（4）A、C．
【点评】本题是探究影响摩擦力大小因素的实验，要掌握控制变量法的应用及摩擦力的测量方法，同时考查了影响摩擦力大小因素及有关分析，由实验得出结论，同时又将结论应用于生活．
19．小炜和小粱用如图1所示的电路做“测量小灯泡的电功率”的实验，小灯泡上标有“2.5V”的字样，灯丝阻值约为10Ω．
（1）请用笔画线代替导线，将图1（甲）所示的实物连接成实验电路．
（2）小炜正确连接电路并检查无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，立刻要求老师更换灯泡．他的做法欠妥，正确的做法应该是： 将滑片向左移动，看灯泡是否发光 ．
（3）解决了上述问题后，小炜调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光，此时电流表的读数如图1乙所示，则灯泡的额定功率为 0.8 W．
（4）完成上述实验后，小梁设计了如图2所示的电路，也测出了灯泡的额定功率．已知R0=25Ω，请完成下列实验步骤：
①闭合开关S1，断开S2，移动滑片，使电流表的示数为 0.1 A； ②再将开关S2闭合，S1断开，保持滑片的位置不动，读出电流表的示数I；
③灯泡额定功率的表达式为P额= 2.5×（I﹣0.1A） （用已知量和测量量表示）． 【分析】（1）根据I=判断电流的大小，从而判断电流表的量程；滑动电阻器按一上一下的原则连接；
（2）灯泡不亮，可能是电路没有电流，有可能是电流太小，电阻太大； （3）读电流表的示数，根据P=UI计算灯泡的额定功率；
（4）在没有电压表的情况下，利用电流表和定值电阻测灯泡的额定功率，首先使电流表的示数为额定电流，然后测出灯泡和定值电阻的总电流，用总电流减去 小灯泡的电流；
【解答】解：（1）根据I===0.25A知，电流表应选用0～0.6A的量程，滑动变阻
器按“一上一下”的原则接入电路；连接如下图所示：
（2）灯泡不亮，可能是电路没有电流，也有可能是电流太小，电阻太大，所以需要将滑片向左移动，看灯泡是否发光来判断是否为断路；
（3）由（1）知电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以读数为0.32A，已知U=2.5V，根据P=UI=2.5V×0.32A=0.8W得出灯泡的额定功率；
（4）在没有电压表的情况下，利用电流表和定值电阻也能测量额定功率，根据电路图知当只闭合s1时，电流表只测定值电阻的电流移动滑片当电流表示数为0.1A时，根据U=IR=0.1A×25Ω=2.5V，此时灯正常发光；再闭合s2，滑片位置不变，电流表测灯泡和定值电阻的总电流为I，故灯泡的额定功率为P额=2.5V×（I﹣0.1A）．
故答案为：（1）如上图所示；（2）向左移动滑片，观察灯泡是否发光；（3）0.8；（4）①0.1；③2.5×（I﹣0.1A）
【点评】伏安法测量灯泡功率是电学最重要的实验之一，此题考查了电路异常的处理、电路故障的判定、电压表的读数、串联电路电压与电阻的关系、额定功率的计算和电阻的计算，考查角度全面，涵盖知识点多，具有代表性和典型性．
五、综合应用题（第20题9分，第21题9分，共18分）
20．如图所示是我国新型气垫两栖登陆艇．它的质量约为100t，底面积约为500m2．问：（g取l0N/kg）
（1）登陆艇漂浮在海面上时，受到的浮力是多少？它静止在水平海滩上时，对海滩的压强约为多少？
（2）若登陆艇用4.0×10N的推进力，以15m/s的航速匀速行驶，则登陆艇的功率是多少？ （3）登陆艇入水后，启动柴油发动机，通过向下喷气将艇身匀速抬高1.15m，若柴油机的工作效率为25%，柴油的热值为4.6×l07J/kg，则此过程需要消耗多少千克的柴油？
4
【分析】（1）知道两栖的登陆艇质量，根据公式G=mg求出登陆艇受到的重力；根据物体的浮沉条件F浮=G可知当两栖登陆艇在海面上漂浮时受到的浮力；知道底面积，利用压强公式p=求对海滩的压强；
（2）利用P=Fv求登陆艇的功率；
（3）根据W=Gh求出抬高一次需要做的功，利用Q放=用Q放=mq求需要消耗的柴油质量． 【解答】解：
（1）登陆艇的重力G=mg=1.0×10kg×10N/kg=1.0×10N， 由于登陆艇漂浮在海面上，则登陆艇受到的浮力F浮=G=1.0×106N， 登陆艇静止在水平海滩上时，对海滩的压力：F=G=1×10N， 对海滩的压强： p==
=2×103Pa；
6
5
6
求燃料完全燃烧放出的热量，再利
（2）登陆艇的功率：
P=Fv=4.0×10N×15m/s=6×10W； （3）登陆艇的质量m=100t=1×105kg， G=mg=1×10kg×10N/kg=1×10N， 抬高一次需要做的功：
W=Gh=1×106N×1.15m=1.15×106J； 由于η=Q放=
=
，
=4.6×106J，
5
6
4
5
由Q放=mq得： m=
=
=0.1kg．
答：（1）登陆艇漂浮在海面上时，受到的浮力是1.0×106N，它静止在水平海滩上时，对海滩的压强约为2×103Pa；