【解答】解：由选项可知，A中两电阻并联，B中两电阻串联，C中为R1的简单电路，D中为R2的简单电
路，电流表均测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和， 所以，选项中总电阻的关系是R并＜R1＜R2＜R串，即RA＜RC＜RD＜RB，
由I=可知，对应的电流关系为RA＞RC＞RD＞RB． 故选A．
【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，实质考查了电阻的串联和电阻的并联，是一道较为简单的应用
题．
10．国产舰载机在“辽宁号”航母上的成功起降，标志着中国航母时代的到来．下列关于舰载机的说法错误的
是（ ）
A．飞机的速度越大，惯性越大
B．飞机起飞的过程中，运动状态不断改变 C．飞机飞离航母后，航母所受的浮力变小 D．飞机飞行时，机翼上方空气流速大压强小 【分析】（1）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物
体的质量有关，质量越大，惯性越大；
（2）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变； （3）漂浮在液面的物体，所受浮力与自身重力相等，据此判断；
（4）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用． 【解答】解：
A、惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；惯
性的大小与速度的大小无关，故A错误；
B、飞机起飞的过程中，速度越来越块，运动状态改变了，故B正确；
C、飞机飞离航母后，航母的总重力减小，由于航母仍然漂浮在水中，所受浮力与自身重力相等，所以受到
的浮力减小，故C正确；
D、飞机的机翼上凸下平，飞机飞行时，空气经过机翼上方的路程长，速度大，压强小；空气经过下方的路
程短，速度小，压强大，从而使飞机获得向上的升力，故D正确． 故选A．
【点评】本题考查了我们对浮沉条件的应用、惯性的理解、平衡状态的辨别，以及流体压强与流速的关系，
有一定综合性，但难度不大．
11．磁感线可以方便地描述磁场，关于磁感线的认识正确的是（ ）
A．磁感线是由铁屑组成的
B．磁感线是磁体周围真实存在的曲线
C．磁体周围的磁感线都是从磁铁的S极出发回到N极 D．地磁场的磁感线是从地球南极附近出发回到北极附近 【分析】（1）磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；
（2）在磁体外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从S极指向N极； （3）对于地球是一个巨大的磁体，地理的南极是地磁的北极，地理的北极是地磁的南极；
【解答】解：AB、磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线，故AB错误； C、在磁体外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从S极指向N极，故C错误；
D、对于地球是一个巨大的磁体，地理的南极是地磁的北极，地理的北极是地磁的南极，故地磁场的磁感线
是从地球南极附近出发回到北极附近，故D正确； 故选D．
【点评】此题考查了磁感线的理解、地磁场的理解和磁感线方向的判断，是一道综合题．
12．一杯酒精倒出一半，剩余酒精的质量、密度、比热容和热值的变化情况是（ ）
A．质量、密度、比热容和热值不变
B．质量变为原来的一半，密度、比热容和热值不变 C．质量和密度变为原来的一半，比热容和热值不变 D．质量和热值变为原来的一半，密度和比热容不变
【分析】质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；密度、比热容、热值
是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的密度、比热容、热值一般不变．
【解答】解：酒精的比热容、热值、密度三个物理量，都是表示酒精的某种特性；是从不同的角度来描述
酒精的特性，只与物质的种类和状态有关，是一般不发生变化的量；一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精的比热容、热值、密度不变；故ACD错误；
质量是指物体所含物质的多少，一瓶酒精用去一半后，其质量将减半，故B正确； 故选B．
【点评】此题主要考查学生对物质有关物理量概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利
解决此题．
13．如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个圆筒形容器，甲容器中盛有液体A，物块M漂浮在A中，排开
液体的质量为m1，液体A对甲容器底部的压强为p1；乙容器中盛有液体B．物块N漂浮在B中，排开液体的质量为m2，液体B对乙容器底部的压强为p2．已知甲容器的底面积大于乙容器的底面积．容器中液体A、B质量相等，物块M、N质量相等．下列判断正确的是（ ）
A．p1＜p2，m1＜m2 B．p1＜p2，m1=m2 C．p1＞p2，m1＞m2 D．p1＞p2，m1=m2 【分析】（1）根据液体A、B质量相等可确定液体A、B的重力，因为是规则容器，所以F=G总，再根据甲
容器底面积大于乙容器底面积，分析p1和p2的关系；
（2）根据物块M、N质量相等，可确定其重力关系，根据阿基米德原理分析物块M、N受到的浮力关系，
然后结合物体的浮沉条件确定m1和m2的关系． 【解答】解：（1）由液体A、B质量相等可得GA=GB，物块M、N质量相等，因为是规则容器，所以液体
容器底部的压力F=G总，
则由可知：FA=GA+GM，FB=GB+GN，由于GA+GM=GB+GN，所以，FA=FB；
已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由p=可得，p1＜p2；故CD错误；
（2）因为物块M、N质量相等，即MA=MB；已知M、N都是漂浮，则F浮=G排=m排g=G=Mg， 所以物块M排开液体的质量m1等于物块N排开液体的质量m2．故A错误，B正确． 故选B．
【点评】本题考查了学生对压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是阿基米德原理的应用；
二是物体浮沉条件的应用．
14．下列关于热现象的说法中正确的是（ ） A．温度高的物体含有的热量多
B．物体的内能增加，一定时从外界吸收了热量 C．液体的沸点随液面上方气压的增大而降低 D．冰水混合物吸热时，温度不变，内能增大 【分析】（1）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量； （2）做功和热传递都能改变物体的内能； （3）液体的沸腾随着气压的增大而升高；
（4）内能的大小与物体质量、温度和状态有关．
【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、物体的内能增加，可能从外界吸收了热量，也可能是外界物体对他做功，故B错误；
C、液体的沸腾随着气压的增大而升高，液体的沸点随液面上方气压的增大而升高，故C错误； D、冰水混合物质量不变，温度不变，但吸热，所以内能增大，故D正确． 故选D．
【点评】此题考查了热量的理解、改变内能两种方式的理解、气压与沸点关系的理解和内能的影响因素，
是一道综合题．
15．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是
（ ）
A．电压表B．电压表C．电压表D．电压表
示数变大，电路表示数变小 示数不变，电流表示数变大 示数和电流表示数的乘积变大 示数和电流表的比值不变
【分析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两
端的电压，电流表测电路中的电流．根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化，进一步判断电压表V1示数和电流表示数的乘积变大以及电压表V2示数和电流表的比值变化．
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测
R2两端的电压，电流表测电路中的电流． 因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变，故A错误；
滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大， 由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故B错误； 因电压表V1的示数不变，电流表的示数变大，电压表V2的示数变小，
所以，电压表V1示数和电流表示数的乘积变大，电压表V2示数和电流表的比值变小，故C正确、D错误． 故选C．
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式
和电表所测的电路元件是关键．
二、理解与应用（本题包括5个小题，共14分） 16．弹钢琴时手指按压不同的琴键是为了改变声音的 音调 ；利用超声波清洗眼睛说明声波能够传递 能量 ．利用声呐系统向海底垂直发射声波，经2s后收到回波．已知声音在海水中的传播速度为1531m/s，则此处海水的深度为 1531 m；利用此种方法不能测量地球和月球之间的距离，这是因为 超声波的传播需要介质，地球到月亮之间是真空，所以超声波不能传播 ． 【分析】（1）音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关； （2）声音能够传递信息，声音能够传递能量；
（3）声音在海水中的速度和从发射到接受的时间已知，利用s=vt可以得到海水的深度． 声音的传播需要介质，真空不能传声 【解答】解：（1）弦乐的音调跟频率有关，频率跟松紧、长度、粗细有关，调节二胡的松紧程度，改变了
弦的松紧，改变了振动频率，改变声音的音调；
（2）利用超声波清洗钟表仪器，说明声波能够传递能量； （3）声音到达海底的时间为t=×2s=1s，
由v=可得，海洋的深度为s=vt=1531m/s×1s=1531m．
超声波的传播需要介质，因为地球到月亮之间是真空，所以超声波不能传播．不能用超声波测量地月距离． 故答案为：音调；能量；1531；超声波的传播需要介质，地球到月亮之间是真空，所以超声波不能传播． 【点评】本题考查了声音的传播条件，声与能量、回声测距离分应用等，考查内容多，属于基础知识的考
查，考查学生对所学的知识的理解和应用，是中招的热点．
17．如图所示是某电能表表盘的部分数据（imp表示电能表指示灯闪烁的次数）．当电路中某用电器单独工
作6min时，电能表指示灯闪烁了320次，则该用电器消耗的电能是 0.1 kW?h，它的功率是 1000 W．
【分析】电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表．
3200imp/（kW?h）的含义是：电路中每消耗1kW?h的电能，指示灯闪烁3200次． 根据题目所给条件和电功率的公式P=，进行解答．
【解答】解：因为电路中每消耗1kW?h的电能，指示灯闪烁3200次．
所以当指示灯闪烁320次时，消耗的电能为W=t=6min=0.1h
=0.1kW?h，
用电器的额定功率P===1kW=1000W． 故答案为：0.1；1000．
【点评】本题考查学生对电能表铭牌上数据的理解情况，同时要求掌握电功率的计算方法．注意题目中的
单位换算．
18．电热器是利用电流的 热效应 来工作的．某发热元件的阻值为420Ω，通过的电流为1A，通电10min产生的热量是 25200 J，这些热量能使2kg的冷水温度升高 3 ℃．[水的比热容为4.2×10J/（kg?℃）]． 【分析】（1）电热器是将电能转化为内能的用电器，是利用电流的热效应来工作的；
2
（2）根据Q=IRt来计算产生热量的多少； （3）根据Q=cm△t来计算水升高的温度． 【解答】解：
电热器是利用电流的热效应工作的；
22
电流产生热量Q=IRt=（1A）×420Ω×60s=25200J；
由题意知，水吸收的热量应等于电流产生的热量，则Q吸=25200J； 由Q吸=cm△t得：
[来源:Zxxk.Com]3
△t===3℃．
故答案为：热效应；25200；3．
【点评】本题是电和热的综合计算题目，考查了电流的热效应、焦耳定律及热量的计算公式应用，属基础
性题目．
19．杠杆调平衡后，将两个体积相同的重物分别挂在杠杆两侧的A、B处，杠杆仍然平衡，如图所示，则
GA 大于 GB；若将两重物同时浸没在水中，则杠杆的 右 端下沉（选填“左”或“右”）．
【分析】设一格的距离为L，根据杠杆平衡的条件即可求出两重物得重力关系；
将两个物体GA、GB同时浸没在水中后，对杠杆的拉力F等于重力和浮力的差，根据GA×LA与GB×LB的大
小关系判断杠杆是否平衡． 【解答】解：根据图示可知，LA=5L，LB=3L；
由杠杆平衡条件GA×LA=GB×LB可得，两重物重力大小之比GA：GB=LB：LA=3L：5L=3：5，所以GA 大于
GB；
物体浸入水中时，对杠杆的拉力F=G﹣F浮，因为两个物体的体积相等，都同时浸没在水中，所以它们受到
的浮力相等，即F浮A=F浮B； 杠杆A端：（GA﹣F浮A）×LA=GA×LA﹣F浮A×LA，杠杆B端：（GB﹣F浮B）×LB=GB×LB﹣F浮B×LB，