C．先升高后降低 D．先降低后升高
（3）若某地常年最低气温为-15℃，对该地区汽车来说，在下列不同防冻液含量的混合液中，宜选 ． A．30% B．40% C．60% D．90%
（4）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少．与原来相比，混合液的沸点 （选填“升高”、“降低”
或“不变”），其原因是 ．
中考物理中高档题目答案
1.解：（1）由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s，拉力F3=40N， ∵从动滑轮上直接引出的绳子股数（承担物重的绳子股数）n=3， ∴拉力F的作用点下降的速度v3′=3v3=3×2.50m/s=7.5m/s， 拉力做功功率（总功率）：
P总=W总 t =F3s3 t =F3v3=40N×7.5m/s=300W 滑轮组的机械效率：
η=W有 W总 ×100%=Gh3 F33h3 ×100%=100N 40N×3 ×100%≈83.33%． （2）在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h2=1.25m 拉力F的作用点下降的距离s2=3h2=3×1.25m=3.75m， 拉力做的功：
W=F2s2=50N×3.75m=187.5J； （3）设动滑轮重为G动， ∵F3=1 3 （G物+G动）， ∴动滑轮重：
G动=3F3-G=3×40N-100N=20N，
在0～1s内，拉力F1=30N，把动滑轮和重物看成整体，则这个整体受到向下的重力、向上的支持力以及三根绳向上的拉力作用处于静止状态． ∴F支+3F1=G+G动， 地面对物体的支持力：
F支=G+G动-3F1=100N+20N-3×30N=30N， 根据力的作用是相互的，重物对地面的压力： F压=F支=30N， 对地面的压强：
P=F压 s =30N 5×10-2m2 =600Pa．
2.解：①当有光照射时，光敏电阻的阻值较小，则此时电路中的电流较大，R0两端的电压较大，而R两端的电压较小，
由图乙可知，R两端的较小电压是1V，则R0两端的较大电压是：U0=U-UR=3V-1V=2V， R0消耗的最大功率：P0=U02 R0 =(2V)2 200Ω =0.02W；
②当无光照射时（即产品挡住了射向光敏电阻的激光），光敏电阻的阻值较大，电流较小，R0两端的电压较小，而R两端的电压较大，
由图乙可知，R两端的较大电压是2V，此时对应的时间是0.6s-0.4s=0.2s（或1.2s-1.0s=0.2s）， 则产品的边长：a=vt=0.5m/s×0.2s=0.1m， 产品的体积；V=a3=（0.1m）3=0.001m3，
产品的质量：m=ρV=2.5×103kg/m3×0.001m3=2.5kg， 产品的重力：G=mg=2.5kg×10N/kg=25N， 因为产品放在水平传送带上，所以F=G=25N．
3.解：（1）保温电热丝消耗的功率：P保=Pcd-P动=1200W-1100W=100W 保温电热丝阻值：R2=U2 P保 =(220V)2 100W =484Ω （2）液体乙烯材料吸收热量：
Q=C液m△t=1.8×103J/（kg℃）×6kg×（70℃-20℃）=5.4×105J （3）发光二极管正常工作的电流：IL=PL UL =0.2W 2V =0.1A 发光二极管支路消耗的功率：P支=U×IL=220V×0.1A=22W 加热电热丝消耗的功率：P加=Pab-P支=1522W-22W=1500W 加热电热丝产生的热量：Q加=W加=P加t=1500W×400s=6×105J 答：（1）保温电热丝R2的电阻值为484Ω； （2）液体乙烯材料吸收的热量为5.4×105J； （3）该过程中加热电热丝产生的热量为6×105J．
4.解：（1）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得 F甲?AO=F乙?OB
（m甲g-F压）?2=0.8Kg?10N/kg?3
（ρ甲?S甲?0.1m×10N/kg-3200Pa?S甲）?2=0.8Kg?10N/kg?3?（1）
（2）由液体压强公式P=hgρ得h1=P ρg =2500Pa 1.0×103kg/m3×10N/kg =0.25m 由ρ=m V 得h2=m ρS容器 =0.9kg 1.0×103kg/m3×0.006m3 =0.15m 则乙物体排开水的体积为：V排=（h1-h2）×S容器=0.1m×0.006m2=0.0006m3 乙物体受到的浮力为F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×0.0006m3×10N/kg=6N 灌水后乙物体提供的阻力F2=8N-6N=2N （3）注水后根据杠杆的平衡条件得
（ρ甲?S甲?0.1m×10N/kg-5000Pa?S甲）?2=2N?3?（2）
由（1）（2）两式解得ρ甲=5.6×103kg/m3． 故答案为：5.6×103kg/m3．
5.解：（1）履带增大了推土机底部与地面的接触面积，从而减小了对地面的压强，使推土机能够在松软的地面上行进，不至于陷入土里；履齿增大了履带与地面接触面的粗糙程度，增大了摩擦．
答：“履带”的主要作用是增大接触面积，减小对地面的压强，可以在松软的地面上顺利工作；“履齿”的作用是增大与接触面的摩擦，便于爬坡作业．
（2）推土机静止时对地面的压力大小等于推土机所受重力大小 ∴F=mg=20000kg×10N/kg=2×105N 履带与地面的接触面积
S=l×d×2=3.3m×0.9m×2=5.94m2
推土机静止时对地面的压强P=F S =2×105N 5.94m2 ≈3.37×104Pa 答：该推土机静止时对地面的压强为3.37×104Pa． （3）推土机所做的功
W=Pt=P?S v =169×103W×5m 1m/s =8.45×105J
∵推土机做匀速直线运动，所以牵引力与阻力是一对平衡力 ∴阻力f=F=W S =8.45×105J 5m =1.69×105N
答：推土机所受的阻力为1.69×105N，推土机所做的功为8.45×105J．
6.解：滑片P置于滑动变阻器的中点时，接入电路的电阻为最大阻值10Ω的一半，根据欧姆定律可得 I=U R =8V 4Ω =2A； UP=IRP=2A×5Ω=10V；
电源电压：U0=U+UP=8V+10V=18V．
当滑片从中点向b端移动距离s后，电压表示数变为6V I′=U′ R =6V 4Ω =1.5A； UP′=U0-U=18V-6V=12V； RP′=UP′ I =12V 1.5A =8Ω．
所以移动距离s，电阻变化3Ω，当滑片从中点向a端移动距离s后，接入电路的电阻变为2Ω． I″=U0 R+RP″ =18V 4Ω+2Ω =3A； U″=I″R=3A×4Ω=12V． 7.答案：1.4m-----1.8m
8. 解：（1）根据已知量压敏电阻能承受的最大压强P=F S =800N 4×10-4m2 =2×106Pa； 答：压敏电阻能承受的最大压强为2×106Pa．
（2）油箱内油的重力G油=F-G油箱=800N-80N=720N，油的质量m油=G油 g =720N 10N/kg =72kg，油的体积V油=m油 ρ油 =72kg 0.8×103kg/m3 =0.09m3． 答：此油箱最多可装0.09m3的油．
（3）压敏电阻受到最大压力是800N，从图象上找到此时压敏电阻对应的电阻值是80Ω，电压表的最大示数是3V，电阻R和R0串联电流相等，用公式表示为UR R =U0 R0 ，代入数据得6V-3V 80Ω =3V R0 ，解得R0=80Ω． 答：则定值电阻R0的阻值为80Ω．
（4）由乙图知，压敏电阻R的阻值与受到的压力F的关系式是：R=240-0.2F（Ω），R0两端的电压U0=30 19-100V （V）． 答：R0两端电压U0与油量V的关系式为U0=30 19-100V （V）． 9. 解：（1）水流带动发电机转动发电，将机械能转化为电能． 故答案为：机械能转化为电能．
（2）①由题意知，触点3与5接通，电动水闸M打开，电源1是电动水闸的供电系统，所以，电源1要与电动水闸串联，保证触电3与5接通时给电动水闸供电，如图所示．
②电源2则是螺线管的供电系统，电源2与螺线管串联．另外，电磁继电器在白天光控开关闭合时才能工作，所以光控开关控制电磁继电器，与电源2串联，如图所示．