1．(a) 加热的温度接近该DNA的Tm值，开始退火复性后的A260与变性前应完全相同，因为在接近Tm值的温度时，DNA的两条链并未完全分开，所以复性可以达到与变性前相同的程度。
（b）加热的温度远远超过该DNA的Tm值，退火复性后的A260比变性前高，因为在远远
超过Tm值的温度时，DNA的两条链完全分开复性不容易达到与变性前相同的程度。
2．（a）紫外吸收随温度升高而增大，迅速冷却后，紫外吸收并不降低说明此样品分子为含氢键丰富的双键结构。
（b） 经CsCL密度梯度离心后，ρ值较高，表明此样品中除 DNA片段外，还有 RNA
片段。
（c）热变性后迅速离心，重新离心出现新带，这说明两条链的ρ值不同，一条ρ- 1.720是DNA的特征带，另一条ρ值＞1.80，由于密度太大，离心时不能形成区带，但此链仍然完整存在，退火后重新出现就是证据。
(d) 双链中ρ值大的一条链被碱降解说明此链是RNA。
综上所述，此核酸样品是由一条DNA片段和一条RNA片段形成的杂交分子。 3．设E．coli染色体应有的碱基为x，编码蛋白质的基因片段中应有的碱基对数为：
3×2000×60000／120=3×106=0.75x x=3×106/0.75=4×106（碱基对）
染色体的长度=0.34nm×4×106 =1.36×106nm。 染色体DNA的分子量＝640×4×106＝2.56×109 u 4．每个体细胞中有：（6.4×109－6.4×109×1/3）/900=4.72×106(个基因)每个体细胞中DNA的长度：6.4×109×0.34nm=2.2×109nm=2.2km 人体内DNA的总长度：2.2×1013千米 等于地球与太阳之间距离的：（2.2×1013）／（2.2×109）=104倍
5．同源蛋白质是指来源不同的同一种蛋白质，它们具有基本相同的氨基酸序列，所以它们的基因具有相同的核着酸序列。当将带有同源蛋白质基因的＊N八片段，进行杂交时．形成杂交分子的机会就比较多。
6．显然，突变株的DNA比正常株的DNA短2μm
2μm＝2×104?，2×104/3.4=5.88×103 所以大约有5.88×103个碱基对缺失。
7．解释名词：
（l）稀有碱基又称修饰碱基，这些碱基在核酸分子中含量比较少，但它们是天然存 在不是人工合成的，是核酸合成后，进一步加工而成。修饰碱基一般是在原有 碱基的基础上，经甲基化，乙酸化，氢化，氟化以及硫化而成。如：5一甲基胞苷（M5C） 5,6一双氢尿苷（D）， 4-硫代尿苷（S4U）等。另外有一种比较特殊的核甘：假尿嘧啶核苷（ψ）是由于碱基与核糖连接的方式与众不同，即尿嘧啶5位碳与核苷形成的C—C糖昔键。tRNA中含修饰碱基比较多。
（2）DNA超螺旋是DNA在双螺旋结构基础上进一步扭曲形成的三级结构。在双螺旋结构中，每旋转一圈含有10个碱基对，处于能量最低的状态，少于10个就会形成右手超螺旋，反之为左手超螺旋，前者称之为负超螺旋，后者称之为正超螺旋。自然界存在的主要是负超螺旋。原核细胞中的DNA超螺旋是在DNA旋转酶作用下，由ATP提供能量形成的环状DNA负超螺旋；真核细胞中的DNA与组蛋白形成的核小体以正超螺旋结构存在。 （3）增色效应是指DNA变性后紫外吸收值增加的现象。减色效应是指，变性DNA复性后紫外吸收值减少的现象。
（4）真核细胞中的mRNA的5′-端有一段特殊的结构，即帽子结构。m7G5ppp5′
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（5）反密码子是指tRNA分子中反密码环中三个与mRNA上密码子互补的核苷酸，反密码子决定tRNA携带的氨基酸种类，由于每一个氨基酸不止有一个密码子，所以携带同一种氨基酸有多个tRNA。为了防止由于第三个密码子不同的同一种氨基酸在蛋白质生物合成中发生错误，反密码子的5′端常常出现次黄嘌呤核苷酸（I）， I可以与U、 A、 C三种碱基配对，所以称其为“变偶碱基”。
第七章+生物氧化习题答案
一、是非题
1错。2对。3错。4对。5错。7错。8错。10对。11对。12错。 二、填空题
1. 电子传递链 呼吸链 2.-0.32 +0.82 3.辅酶Q 汇集电子
5. RTlgKeq′(-2.303RTlgKeq′)
10.铁离子 半胱氨酸巯基中的硫 11. 黄素 FMN
12.血红素(铁-原卟啉Ⅳ) 血红素A 13.可溶性组分F1 脂蛋白组分F0
14.电子传递的过程中将质子(H+)从线粒体的膜内泵到膜外形成质子,电化学梯度为ATP合成提供能量.
15.细胞色素a3 分子氧
16.NADH和辅酶Q 辅酶Q和细胞色素c 细胞色素aa3和分子氧 17.鱼藤酮和安密妥等 抗霉素A 氰化物和一氧化碳 18.15 3 38 16 三、选择题 题号 答案
1 C 2 C 3 B 4 B 5 C 6 A 7 D 第八章糖代谢习题答案
一、是非题
１ (1) 对。 ２ (1) 对。 3 (1) 对。 4 (1) 错。 5 (1) 对。 6 对。 10 错。 14 对。 二、填空题
(2) 错。 (3) 错。 (4) 对。 (2) 错。 (3) 错。 (4) 对。 (2) 对。 (3) 错。 (4) 错。 (2) 对。 (3) 对。 (4) 对。 (2) 对。 (3) 错。 (4) 错。 7 错。 8 对。 9 错。 11错。 12 对。 13 对。
15错。
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1． ６ 2． 无效
3． 柠檬酸合酶 异柠檬酸脱氢酶系 α-酮戊二酸脱氢酶系 4． 丙酮酸羧化酶 磷酸甘油酸激酶 果糖磷酸酶 5． 丙酮酸羧化酶
6． ATP NADPH 代谢中间物 三、选择题
1.A 2.B 3.C 4.A 5C 6.B 7.B 四、问答题
１．葡萄糖有氧分解过程中产生NADH及FADH2，NADH和FADH2经呼吸链重新氧化需
O2，3-磷酸甘油醛1,3-二磷酸甘油酸；异柠檬酸草酰琥珀酸；α酮戊二酸→琥珀酰CoA；琥珀酸→延胡索酸；L苹果酸→草酰乙酸，如果无氧，这些反应就不能进行。
2． 尽管ATP为底物，但磷酸果糖激酶是一种别构酶，ATP为负变构剂，高浓度ATP能抑
制其活性，且在有柠檬酸、脂肪酸时加强抑制效应。
3． 通过两种途径：苹果酸一天冬氨酸穿梭系统，磷酸甘油一磷酸二羟丙酮穿梭系统。 4． 由于该物质能阻止NAD+与脱氢酶结合，而使酵解和柠檬酸循环放出的氢无受体，使这
些反应停止，无法产生ATP，就不能供给肌肉收缩的能量，于是收缩停止。
5．因为甲醇在乙醇脱氢酶作用下，生成甲醛产生毒害。乙醇脱氢酶对乙醇的Km值比甲醇
低，因此大量乙醇能竞争性抑制甲醇氧化，导致甲醇被排泄出来。 6．（1）酵解途径主要作用是产生ATP。低浓度ATP或高浓度ADP激活该途径中的关键酶，特别是F－6－P激酶。磷酸戊糖途径主要作用是产生NADPH和合成代谢的一些前体物质。在有利条件下，即ATP浓度高时，细胞利用这些前体物质进行生物合成。两种途径的起始物都是葡萄糖，不可能同时进行。ATP、ADP即腺苷酸调控系统以相反方式对两者进行调控，［ATP］高酵解途径不活跃，磷酸戊糖途径活跃，［ATP］低则反之。 （2）醛缩酶和磷酸己糖异构酶是在两种途径中都存在的酶，对这两个酶的调节直接影响两个途径。这两种酶不受腺苷酸调控系统调控。在磷酸戊糖途径中，6一磷酸葡萄糖脱氢酶受ATP激活，被ADP、AMP抑制。
7．Glu＋NAD+ →α-酮戊二酸十NADH十H+十NH3
α-酮成二酸十NAD+ ＋HSCoA→琥珀酰COA十NADH＋H+ 十CO2 琥珀酰COA→琥珀酸＋GTP( GTP＋ADP→ATP＋GDP) 琥珀酸＋FAD →延胡索酸＋FADHA2
延胡索酸水化成苹果酸，苹果酸十NAD+ →草酸乙酸十NADH＋H+ 草酸乙酸十GTP→磷酸烯醇式丙酮酸十GDP 磷酸烯醇式丙酮酸十ADP→烯醇式丙酮酸十ATP 烯醇式丙酮酸→丙酮酸
合并以上各式：草酸乙酸→丙酮酸十CO2
由谷氨酸生成丙酮酸总共产生：3NADH十3H+、FADH2和1个ATP，即12个ATP。 丙酮酸经氧化脱羧生成乙酰CoA，通过柠檬酸循环可生成15个ATP。所以，谷氨酸彻
底氧化可生成27个ATP。
8．柠檬酸循环中，有几处反应是底物脱氢上成的 NADH和 FADH2，如异柠檬酸→草酰琥
珀酸；α-酮戊二酸→琥珀酰CoA；琥珀酸→延胡索酸；L-苹果酸→草做乙酸。NADH和FADH2必须通过呼吸链使H+与氧结合生成水，否则就会造成 NADH和 FADH2的积累，使柠檬酸循环的速度降低，严重时完全停止。
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第九章+脂类代谢习题答案
一、是非题 题号 答案 1 × 2 × 3 √ 4 √ 5 × 6 √ 7 8 9 √ 10 √ 11 × 12 × 13 × 14 × √ × 二、填空题
1． 2． 3． 4． 5．
三、选择题
辅酶 A（CoA） 配基载体蛋白 脂肪酸合成过程中作脂酰基载体 脂酰辅酶A FAD
肉碱 脂酰肉碱转移酶
脂酰辅酶A脱氢酶 β-羟脂酰辅酶A脱氢酶 129 16 泛酸 丝氨酸的羟基（Ser－OH）
题号 答案 1 C 2 C 3 C 4 D 5 B 6 A 7 D 四、问答题
1． 产生36个ATP。十六碳脂肪酸（软脂酸彻底氧化可净生成129个ATP，如果
在线粒体制剂中加人安密妥，脂肪酸经β-氧化生成的NADH＋H+和乙酰 CoA、通过柠檬酸循环生成的NADH＋H+都不能进行氧化磷酸化生成ATP，因为安窑妥抑制质子和电子从NADH＋H+向辅酶Q传递，ATP的生成就减少93个。但是安密妥不阻止FADH2进行氧化磷酸化，所以在有安密妥存在时，十六碳脂肪酸彻底氧化只能净生成 36个 ATP。 2． 每个葡萄糖分子彻底氧化产生38个ATP，每个六碳单位的脂肪酸经过两次β-氧化，产生2分子NADH、2分子FADH2和3分子乙酰CoA，彻底氧化可净
生成46个ATP，假如活化消耗2个ATP，因此可以说每个六碳单位的脂肪酸彻底氧化产生大约44个ATP。产生这种差异的原因是合成脂肪酸以乙酰CoA为原料，用NADPH为还原势，所消耗的能量多于合成同样碳原子数目的糖类物质。
3． 可以产生409个ATP。含三个软脂酸的三酰甘油脂降解生成3分子软脂酸和 1
分子甘油，3分子软脂酸，共产生387个ATP。l分子甘油→磷酸甘油，消耗1个ATP；磷酸甘油→磷酸二羟丙酮，产生1个NADH（3个ATP）；磷酸二羟丙酮→磷酸甘油醛→丙酮酸→乙酰CoA（20个ATP），净产生22个ATP，共409个ATP。
4． （1）有3个氚原子。因为每个乙酰CoA分子中，有三个氢原子被标记，在足
够量的丙二酸单酰CoA存在时，脂肪酸的合成除第一步外，不再有乙酰CoA参加，所以只有3个氚原子；（2）有14个。因为每个丙二酸单酰CoA分子中，虽有三个氢原子被标记，但是只有两个参加脂肪酸合成。一摩尔软脂酸需要7个丙二酸单酰CoA分子，所以有14个氚原子。（3）脂肪酸合成的第一步是乙酰ACP和丙二酸单酰ACP缩合，以后的合成循环步骤中，在足够量丙二酸单酰CoA存在的情况下，乙酰Co A不再参与脂肪酸的合成过程，如果用14C标记乙酰Co A，合成的软脂酸14C标记在C16和C15。
5． 脂肪酸合成的限速反应是乙酰Co A羧化酶催化的乙酰Co A羧化为丙二酸单
酰Co A的有ATP参加的羧化反应，柠檬酸是该酶的正调剂物。乙酰Co A羧
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化酶有活性的聚合体和无活性的单体两种形式，柠檬酸促进酶向有活性的形式转变，细胞内柠檬酸高表明，乙酰Co A和ATP的浓度也高，有利于脂肪酸的合成。反之，则不利于脂肪酸的合成。
6． 虽然说脂肪酸氧化产生能量生成ATP，但是脂肪酸进行氧化前必须在ATP参
加的情况下，进行活化由脂肪酸生成脂酰Co A，所以在无ATP的肝脏匀浆中不能进行脂肪酸的氧化分解。
7． 酮体包括乙酸乙酸、β-羟丁酸和丙酮，是生物体内的正常代谢产物。一般情
况下酮体在肝脏内生成，由肝脏外分解，在血液中的含量很低。酮体代谢的生理意义是将肝脏中生成的乙酰Co A以酮体的形式运到肝脏外的其它器官，防止乙酰Co A在肝内积累。此外，有些器官如：心脏和肾上腺皮质可以利用酮体为能将其转变为乙酰Co A，通过柠檬酸循环生成ATP。
8． （1）脂肪酸的β-氧化是在线粒体内进行，氧化前脂肪酸活化生成脂酰Co A
的反应在线粒体外，脂酰Co A穿过线粒体内膜必须在肉碱的帮助下才能完成，缺乏肉碱脂肪酸的β-氧化不能正常进行，病人体内能量供应不足和脂肪酸积累、导致肌肉乏力和痉挛。（2）禁食、运动以及高脂饮食使患者体内的脂肪酸氧化成为能量的主要来源，就会加重由于脂肪酸氧化障碍引起的症状。（3）肉碱缺乏的原因可能有二：一是食物中肉碱含量太低，或机体吸收障碍。二是体内合成肉碱的过程受阻，可能是有关合成酶缺乏或活性低，也可能是合成肉碱的原料（如Lys和Met）不足。由于肉碱可以反复利用，人体需要量很少，一般不会产生缺乏症。
9． 在线粒体内的乙酰Co A与草酰乙酸缩合生成柠檬酸，通过线粒体内膜上的四
碳化合物转运蛋白进入胞浆，然后再裂解为乙酰Co A与草酰乙酸，草酰乙酸被还原为苹果酸再转化为丙酮酸，放出CO2和NADPH，丙酮酸通过内膜上的三碳化合物转运蛋白回到线粒体，由丙酮酸羧化酶催化再生成草酸乙酸。 10． 草酸乙酸与脂肪酸合成的关系非常密切。草酸乙酸是柠檬酸循环的重要中间
物，脂肪酸合成的原料乙酰Co A与草酸乙酸缩合生成柠檬酸，而柠檬酸又是脂肪酸合成的限速酶乙酰Co A羧化酶的激活剂。柠檬酸循环还为脂肪酸合成提供ATP，因此细胞内草酸乙酸的浓度高低直接影响脂肪酸的合成。 11． 脂肪酸合成酶系合成软脂酸后，可由两个酶系进行延长：（l）线粒体内的脂肪
酸延长酶系：以乙酰Co A作二碳单位的供体延长途径。（2）内质网延长酶系：利用丙二酸单酰Co A作二碳单位的供体。其中间过程与脂肪酸的合成相似。
第十章氨基酸代谢习题答案
一、是非题
1对。2对。3对。4错。5对。6对。7错。8错。 9错。11对。 12错。 二、填空题
1．丙酮酸 草酰乙酸 α-酮戊二酸 7．Asp Asn
8．酪氨酸酶 黑色素
10．γ-氨基丁酸 抑制性神经递质 13．肝
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