mbg
故B错误；Ff＝FTsin θ＝tan θ，将固定点c向右移动少许，则θ变大，故摩擦力增大，故D正确；对物体a受
2力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故C错误. 10.答案 ACD
解析 两相同的小球接触后电量均分，故两球所带电荷量相等，选项A正确；由几何关系可知，两球分开后，悬线与竖直方向的夹角为37°，A球所受的电场力F＝mgtan 37°＝8.0×104×10×0.75 N＝6.0×103 N，选项B错误；
－
－
qAqBqB 2
根据库仑定律得，F＝k2＝k2，解得qB＝
llFl2＝ k6×103×0.122－ C＝46×108 C，选项C正确；A、B99×10
－两球带等量的同种电荷，故在A、B两球连线中点处的电场强度为0，选项D正确. 11.答案 AC
解析 设弹簧的伸长量为Δx，则有：mg＝kΔx
mg
① 由①式得：Δx＝
k
②
mg
故当电流表示数为零时，弹簧伸长量为，故A正确；为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒MN的安
k培力必须向下.由左手定则可知金属棒中电流从M端流向N端，因此M端应接正极.故B错误； 设满量程时通过MN的电流为Im，则有：BImab＋mg＝k(bc＋Δx) 联立①③并代入数据得：Im＝2.5 A
③
④ 故该电流表的量程是2.5 A，故C正确；
⑤ 由①⑤解得：B′＝0.10 T
设量程扩大后，磁感应强度变为B′，则有：2B′Imab＋mg＝k(bc＋Δx) 故若将量程扩大2倍，磁感应强度应变为0.10 T，故D错误. 1
12.答案 2
解析 物体受力分析如图，建立直角坐标系，对力进行正交分解得：
y方向：支持力FN＝G－Fy＝G－Fsin θ
① x方向：摩擦力F′＝Fx＝Fcos θ
④
②
μG
又：F′＝μFN ③ 联立①②③得：F＝·G＝
1cos θ＋μsin θ
cos θ＋sin θμ
1Gcos βGcos β令：＝tan β 则：F＝＝ 可知当β＋θ＝90°时，F有最小值.
μsin βcos θ＋cos βsin θsin?β＋θ?由题意，当θ＝30°时有最小值，所以β＝60°
1331＝tan 60°＝3，所以μ＝ 将θ＝30°，μ＝代入④可得：F＝G. μ332
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