参考答案
kπd2R0
1．答案 (1)2.130 mm (2)0～0.6 (3)0～30 Ω (4)R0k (5)
4L解析 (1)读数为2 mm＋13.0×0.01 mm＝2.130 mm。
(2)当滑动变阻器的阻值为零时，流过A1的电流最大，约为I＝＝0.6 A，故选0～0.6 A量程。 (3)滑动变阻器应该选择比被测电阻大的，但从操作方便性考虑，又不能太大，故选择阻值范围为0～30 Ω的滑动变阻器。
(4)金属丝的电阻为Rx＝
URxI2R0
＝R0k。 I1
ρL4
kπd2R0
(5)由电阻定律有Rx＝R0k＝，得ρ＝。
d24Lπ
2．答案 (1)如图所示
(2)－Rg－r (3) Ig2Ig
解析 (1)将各用电器串联接入电路。 (2)由闭合电路欧姆定律得R＝－Rg－r。 (3)由闭合电路欧姆定律得R1＝－＝。
2Ig2IgIg33．答案 (1)ABD (2)如图所示 (3)
EEEIg
EEEI2（R2＋RA2）
，I1、I2分别为电流表A1、A2的读数
I1－I2
解析 (1)要精确测定额定电压为3 V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于电压表V的量程偏大，测量误差较大，不能用电压表V测量LED灯两端的电压，可以将电流表A2与定值电阻R2串联改装为电压表测量电压；LED灯正常工作时的电流在10 mA左右，可以用电流表A1和改装后的电压表测量通过LED灯的电流。
(2)因为滑动变阻器阻值远小于LED灯的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法。电路图如图所示。
(3)根据闭合电路欧姆定律知，LED灯两端的电压U＝I2(R2＋RA2)，通过LED灯的电流I＝I1－I2，所以LED灯正常工作时的电阻Rx＝＝4. 答案 (1)
5 000（2.0＋r）
UI2（R2＋RA2）
，I1、I2分别为电流表A1、A2的读数。
II1－I2
15 000·＋ (2)①185(183～187) ②54.1(53.5～54.6) (3)
ERE如图所示 1.52(1.50～1.54) 3.06(3.00～3.12)
解析 (1)电流表A与电阻R1串联等效为一个电压表，通过该电压表的电流很小，可忽略不计，当电流表示数为I时，干路的电流为I（RA＋R1）I（R1＋RA）
，根据闭合电路欧姆定律有E＝(R0＋rRRRE15 000（2.0＋r）15 000－1
＋R)，代入数据整理得＝·＋(A)。
IE(2)根据题图乙可得电流表示数为185 μA，其倒数为54.1×10 A。
（75.2－50.0）×10－14－
(3)作图如图所示，由图象得图线的斜率k＝·Ω＝1.67×10 A－3A
（250－100）×10
1
2
2－1
·Ω，纵轴的截距b＝3.30×10 A，由
3－1
5 000（2.0＋r）
E＝k，
5 000
E＝b，解得E＝1.52 V，r＝
3.06 Ω。
πRD5. 答案 (1) 0.650 (2)见解析图 (3)b 2.9
4L解析 (1)金属丝电阻：R＝＝ρ＝ρ
2
UILSπ??
2
LD，
2
πRD则电阻率：ρ＝；
4L图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm＋15.0×0.01mm＝0.650mm；
2
(2)实物连线图如图所示：
ΔU1.35－0.92
(3)根据＝≈0.32，
U11.35ΔI0.32－0.30
而＝≈0.07， I10.30
可知，使用电流表外接法测量相对准确，即S2处于位置b， 根据欧姆定律，则有：Rx＝
0.92
Ω≈2.9Ω 0.32
6. 答案 (1)1.69 0.53 (2)0.50 (3)C 0.90 偏大
U?4a2－πd2?
7. 答案 (1)1.02 (2)游标卡尺 毫米刻度尺(3)连线图见解析(4)
4IL解析 (1)游标卡尺读数a＝1cm＋0.1mm×2＝1.02cm
(2)应选用游标卡尺来测量工件内径d，选用毫米刻度尺来测量工件长度L. (3)连线图如图所示.
UL(4)因为R＝＝ρ＝ρ
ISLa2－πd1
4
U?4a2－πd2?
，解得ρ＝.
4IL2
8. 答案 (1)C E (2)CBAD (3)800 小于 (4)串 14.2 (5)如图所示
9. 答案 (1)如图所示
(2)49000 (3)如图所示
(4)0.35
解析 (4)将定值电阻R0看做该电源的内阻，则内阻r′＝6Ω，由此可得路端电压U＝E－
Ir′，在I1－I2图线所在坐标纸上作出该I－U图象如图所示，可知其交点坐标表示的电流约为
0.32A，电压约为1.1V，所以该灯泡消耗的功率约为P＝0.32×1.1W≈0.35W.
10．答案 (1)a d (2)如图所示 4.4～4.7 (3)B
解析 (1)因电压表的内阻远大于待测电阻R1的阻值，则电流表采用外接法，而滑动变阻器应采用分压式接法，故测R1阻值的最优连接方式为导线①连接a，导线②连接d。
ΔU2.2
(2)建立坐标系描点连线如答案图所示，则R1＝＝ Ω＝4.4 Ω。
ΔI0.5
(3)根据电阻定律可得，R＝ρ
Lρ
＝，故R2＝R1，要测R2的阻值，与测量R1一样，最优的连线dLd应①连接a，②连接d，选项B正确。
11. 答案 (1)见解析图 (2)AC 解析 (1)实物连线如图所示.
(2)根据公式F＝BIL可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流，可增大金属棒受到的安培12
力，根据动能定理得，Fs－μmgs＝mv，则金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导轨时的速度
2变大，A、C正确；若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度即导轨间的距离不变，安培力F不变，棒的质量变大，速度v＝
12．答案 (1)见解析图 (2)AC 解析 (1)实物连线如图所示。
2Fs－2μgs变小，B错误.
m
(2)根据公式F＝BIL可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流，可增大金属棒受到的安培12
力，根据动能定理得，Fs－μmgs＝mv，则金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导轨时的速度
2变大，A、C正确；若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度即导轨间的宽度不变，安培力F不变，棒的质量变大，速度v＝
2Fs－2μgs变小，B错误。
m