【答案】D
【解析】显碱性的盐溶液也能使红色石蕊试纸变蓝，如Na2CO3溶液，A项错误；葡萄糖与新制Cu(OH)2反应才能产生红色沉淀，B项错误；C中若溶液中含有HC ，加入盐酸也能产生无色无味的气体，C项错误。
11．氨是生产氮肥、尿素等物质的重要原料。电化学法是合成氨的一种新方法，其原理如图所示，下列有关说法正确的是
-
A．图中所示物质中，X为H2，Y为N2 B．Y参与的电极反应为H2+2e-2H+
C．当有3 g H+通过质子交换膜时，Z的体积为22.4 L D．反应过程中左边区域溶液pH逐渐升高 【答案】D
【解析】A项，根据题图中H+移动方向可知，左侧为阴极，右侧为阳极，因此X为N2，Y为H2，错误；B项，Y参与的电极反应为H2-2e-2H+，错误；C项，没有说明
气体所处状况，无法计算气体的体积，错误；D项，阴极生成了NH3，pH逐渐升高，正确。 12．电解质溶液电导率越大，导电能力越强。常温下用0.100 mol·L-1盐酸分别滴定10.00 mL浓度均为0.100 mol·L-1的NaOH溶液和二甲胺[(CH3)2NH]溶液(二甲胺在水中的电离与氨相似，常温下Ksp[(CH3)2NH]=1.6×10-4)。利用传感器测得滴定过程中溶液的电导率如图所示。下列说法正确的是
A．曲线①代表滴定二甲胺溶液的曲线
B．a点溶液中：c[(CH3)2N ]>c[(CH3)2NH·H2O]
C．d点溶液中：c(H+)=c(OH-)+c[(CH3)2NH·H2O]
D．b、c、e三点对应的溶液中，水的电离程度最大的是b点 【答案】C
【解析】二甲胺是弱电解质，与盐酸反应后溶液中离子浓度增大，溶液的导电能力增强，因此曲线②是滴定二甲胺溶液的曲线，A错误。曲线①是滴定NaOH溶液的曲线，a点
溶液中没有(CH3)2N 和(CH3)2NH·H2O，B错误。加入10 mL盐酸时，盐酸与二甲胺恰好
完全反应，根据质子守恒可得：c(H+)=c(OH-)+c[(CH3)2NH·H2O]，C正确。c点HCl和NaOH恰好完全反应，溶质为NaCl，对水的电离无影响；b点溶液中的溶质为二甲胺、(CH3)2NH2Cl，溶液显碱性，抑制水的电离；e点盐酸过量，抑制水的电离，因此水的电离程度最大的是c点，D错误。
13．短周期元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大。它们的原子最外层电子数之和为13，X的原子半径比Y小，其中X与W同主族。一种常见的无色无味液体分解可以得到X和Z元素的单质。下列说法中不正确的是
A．X、Y、Z三种元素可以形成离子化合物 B．元素X 和W之间不可能形成二元化合物 C．元素Y的简单气态氢化物的热稳定性比Z的弱 D．元素Y、Z、W中，元素W的简单离子的半径最小 【答案】B
【解析】根据题中信息可知X为H，Y为N，Z为O，W为Na。X、Y、Z三种元素可以形成离子化合物，如NH4NO3，故A正确；元素X 和W之间可形成二元化合物NaH，故B错误；非金属性：O>N，则简单气态氢化物的稳定性：H2O>NH3，故C正确；元素Y、Z、W的简单离子的电子层结构相同，核电荷数大的半径小，离子半径：N3- >O2- >Na+，故D正确。
二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项
符合题目要求。第19～21题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14．下列说法正确的是
A．光电效应既显示了光的粒子性，又显示了光的波动性
B．原子核内的中子转化成一个质子和一个电子，这种转化产生的电子发射到核外，就
是β粒子，这就是β衰变
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C．一个氘核21H与一个氚核1H聚变生成一个氦核2He的同时，放出一个质子
D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能增大，电势能增大，原子的总能量增大
【答案】B
10【解析】光电效应显示了光的粒子性，A错误；β衰变的核反应方程为10n→1H＋－1e，
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产生的电子发射到核外就是β粒子，B正确；由核反应方程得21H＋1H→2He＋0n，放出一个
中子，C错误；根据玻尔理论，氢原子核外电子获得能量，从半径较小的轨道跃迁到半径较Qev2
大的轨道时，原子总能量增大，由于库仑引力提供向心力，即k2＝m，即v＝rr半径增大则电子动能减小，由于库仑力做负功，则电势能增大，D错误。
15．如图所示，内壁光滑，四角呈圆弧状和长方形空腔管，位于竖直平面内，BD等高，两个同样的小球，从静止开始由A点分别从左右两侧运动到C点，不计碰撞能量的损失，则下列说法正确的是
A．两球同时到达C点，动量相等 B．两球同时到达C点，动量不等 C．两球到达C时的速率相同，左侧先到达 D．两球到达C时的速率相同，右侧先到达 【答案】D
【解析】因为是长方形空腔管，所以AB长度大于AD，θ角小于45度，取θ角等于0度的极端状态，则左边小球不能到达，时间为无穷大，D球可以到达，所以左边到达的时间大于右边到达的时间，又根据机械能守恒可得两球到达时的速率相同，所以正确选项为D。 16．如图所示，两个质量分别为m1 、m2的物块A和B通过一轻弹簧连接在一起并放置于水平传送带上，水平轻绳一端连接A，另一端固定在墙上，A、B与传送带间动摩擦因数均为μ。传送带顺时针方向转动，系统达到稳定后，突然剪断轻绳的瞬间，设A、B的加速度大小分别为aA和aB，(弹簧在弹性限度内，重力加速度为g)则
m21＋?g，aB＝μg A．aA＝μ??m?1
kQe，mr
B．aA＝μg，aB＝0 m21＋?g，aB＝0 C．aA＝μ??m?1
D．aA＝μg，aB＝μg 【答案】C
【解析】突然剪断轻绳的瞬间，弹簧弹力不发生突变，对于B物块，F＝μm2g，所以
μm1g＋μm2g
瞬时加速度aB＝0，A物块瞬间合外力为μm1g＋F，所以μm1g＋F＝m1aA，即aA＝
m1m21＋?g，故C正确。 ＝μ??m?1
17．如图所示，在边长ab＝1.5L，bc＝3L的矩形区域内存在着垂直纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，在ad边中点O处有一粒子源，可以垂直磁场向区域内各方向发射速度大小相等的同种带电粒子，若沿Od方向射入的粒子从磁场边界cd离开磁场，该粒子在磁场中运动的时间为t0，圆周运动半径为L，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，下列说法正确的是
A．粒子带负电
B．粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为4t0 πC．粒子的比荷为 Bt0
D．粒子在磁场中运动的最长时间为2t0 【答案】D
【解析】由题设条件作出以O1为圆心的轨迹圆弧，如图所示，由左手定则，可知该粒子带正电，选项A错误；由图中3L23π
几何关系可得sinθ＝＝，解得θ＝，可得T＝6t0，选项
L232πm
B错误；根据洛伦兹力公式和牛顿第二定律可得T＝，解qBqπ得＝，选项C错误；根据周期公式，粒子在磁场中运动m3Bt0mα
时间t＝，在同一圆中，半径一定时，弦越长，其对应的圆
qB
心角α越大，则粒子在磁场中运动时间最长时的轨迹是以O2为圆心的圆弧，如图所示，由2π
图中几何关系，α＝，解得t＝2t0，选项D正确。
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18．据新华社北京3月21日电，记者21日从中国载人航天工程办公室了解到，已在轨工作1630天的天宫一号目标飞行器在完成与三艘神舟飞船交会对接和各项试验任务后，由于超期服役两年半时间，其功能已于近日失效，正式终止了数据服务。根据预测，天宫一号的飞行轨道将在今后数月内逐步降低，并最终再入大气层烧毁。若天宫一号服役期间的轨道可视为圆且距地面h(h≈343 km)，运行周期为T，地球的半径为R，下列关于天宫一号的说法正确的是
A．因为天宫一号的轨道距地面很近，其线速度小于同步卫星的线速度
B．女航天员王亚平曾在天宫一号中漂浮着进行太空授课，那时她不受地球的引力作用 C．天宫一号再入外层稀薄大气一小段时间内，克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量
4π2R3
D．由题中信息可知地球的质量为
GT2【答案】C
GMmv2
【解析】由万有引力做向心力得2＝m，v＝rr
GM，可以看出r越大，线速度越小，r
天宫一号的轨道距地面很近，轨道半径小于同步卫星的轨道半径，所以线速度大于同步卫星的线速度，故A错误。女航天员王亚平受地球引力作用，故B错误。天宫一号再入外层稀薄大气一小段时间内，由于飞行高度逐渐降低，线速度变大，所以克服阻力做的功小于引力势4π2(R＋h)3GMm4π2
能的减小量，故C正确。由＝m2(R＋h)得地球质量M＝，故D错误。
TGT2(R＋h)219．如图a所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个电荷。t＝0时，甲静止，乙以初速度6 m/s向甲运动。此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动(整个运动过程中没有接触)，它们运动的v-t图象分别如图b中甲、乙两曲线所示。则由图线可知
A．两电荷的电性一定相反 B．t1时刻两电荷的电势能最大
C．0～t2时间内，两电荷的静电力先增大后减小
D．0～t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小