恒定电流（一）
一．
题 1 号 答案
二． 14、非、变大 15、52.63欧、 199欧 16、原理图、连线、坐标图略、1.44－1.48V，0.70－0.83欧
三、17、E＝3.4V，r=2? 18、r=1?,P=6.45W
19、(1)r=1?、(2)P热=2.5W，P机＝87.5W，(3) P＝144W，97.2%
A A B D B C C B AC ACD C AD ABD 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 恒定电流（二）
1. （共9分） 0.730 （3分）、 90 （3分）, πd2R./4L（3分）
2. （共8分）（1） 2.16 （2分）、10.6---10.8 （2分） （2）0.80 （2分）、0.16 （2分） 3. A、H、（6分）
4. （共24分）① B （4分）、 D （4分） 、 F （4分）
④ 变大 （2分）
5. （共20分）答案：(1 )A1 （4分） (2)R1 （4分） (3）电路图如图所示（各6分）
V A I/A 0.5 0.4 0.3 0.2 0.1 O 0.5 1 1.5 2 2.5
U/V
6. （共15分）（1）A2 （3分） V2 （3分） E2 （3分） （2） 如右图所示 （6分）
7. （共8分） (I)D(2分) C(2分) （2）R1 R2 （2分）（3）小（2分） 8. （共10分） (2)①BD（2分） ②见右图（2分）
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③选择电阻箱的阻值为R1时，测得电流I1，选择电阻 箱的阻值为R2时，测得电流为I2（2分） E=
I1I2(R1?R2)IR?I2R2 （2分） r=11?RA（2分）
I2?I1I2?I1
磁场（一）
一、选择题：
题号 答案 二．填空题： 13、
1 C 2 B 3 C 4 A 5 D 6 C 7 BCD 8 AD 9 B 10 AD 11 CD 12 BC F，电场强度 IL14、qvB，NqvB 15、1：2 2：1 三.计算题
（;2）B向外，mv0?2gR/qR 16、(1)E向上，mg/q17、(1)n=It/q (2)W=UIt= UI (3)略 18、（1）2mv/qB（2）略
2 磁场（二）
1.B 2.B 3.A 4.D 5.D 6.D ７．3.0×10-3，下 ８.右，右
９．答：能沿x周轴正向：Eq+Bqv=mg；能沿x周轴负向：Eq=mg+Bqv；
能沿y轴正向或负向：Eq=mg；
不能沿z轴，因为电场力和重力的合力沿z轴方向，洛伦兹力沿x轴方向，合力不可能为零.
?BR
１０．⑴f?qB，U?2?m2tnd?d，故t12d（２）电场中t1?，磁场中t2?n???1，t1可忽略不计.
v/2vt2?R11：
q2v ?mBl212. 解:粒子a板左端运动到P处，由动能定理得
d v0 P θ O v B
a Q v b
qEd?1212mv?mv0 22代入有关数据，解得v?
23?106m/s 342
cos??v0，代入数据得θ=300 v粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r， 如图.由几何关系得
Lv2mv0?rsin30，又qvB?m 联立求得L? 2rqB代入数据解得L=5.8cm. 13. 答案：⑴vmin?BeL ⑵??arcsin1 2m414. 解:由于粒子沿直线运动，所以qE=B1qv
E=U/d 联立①②得 v=U/dB1
以速度v进入B2的粒子做匀速圆周运动，由半径公式有
R1?m1v1 B2qm2v2 B2q2(m2?m1)v
B2qR2?所以?R?2R2?2R1?解得：?m?qB1B2d?R
2U物理3-1综合练习题
1.ACD 2.D 3.C 4.B 5.ABC 6.A 7.B 8.B 9.D 10.C
11、解析：对于分压电路，开关S闭合前，应该将滑动变阻器的滑片置于最左端(A端)，使待测电路上电压为零．由灯丝电阻与热力学温度成正比可得R＝kT，当灯丝温度为300 K时电阻为1.5 Ω可得k＝0.005.由小电珠的I－U特性曲线可得当电压为2.5 V时灯丝中电流约为0.265 A．根据欧姆定律可得出灯丝电阻R′＝U/I＝9.4 Ω，由R＝kT解得此时灯丝热力学温度T′＝R′/k＝1880 K，即灯丝温度约为t＝T′－273＝1607℃＝1.6×103 ℃.
答案：(1)实物连线图如图所示．
(2)A端 (3) 1.6×103
12、解析：(1)从表格中的数据可以看出，小灯泡的电压和电流从零开始逐渐变化．甲图所示电路中滑动变阻器采用分压接法，可以获得从零开始变化的电压，符合图中数据的要求．所以应选用的实验电路图是甲
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图．
(2)由甲图可知，电流表的分压会造成实验误差，因为小灯泡的电阻较小，和电流表内阻相差不太大．电流表最好用外接方式． 答案：(1)甲 (2)见解析
13、解析：表头指针偏转角度小，说明测量电阻的阻值偏大，应选择大倍率的挡×100挡，
换挡后必须重新进行欧姆调零，由题图所示刻度可读出被测量电阻的阻值为2.2×103 Ω. 电流为
115mA×4.0＝0.40 mA， 电压为V×100.0＝6.0 V. 10250答案：×100 重新进行欧姆调零 2.2×103(或2.2 k) 0.40 6.0
14、答案 （1）15、 U=9V
mg，方向水平向右（2）电势能减少了mv02（3）mv0，斜向上37°
16、(1)R＝
(2)Δt＝arccos()
电磁感应（一）
1、答案：ABD 解析：电流能产生磁场，说明电和磁之间存在联系，A项正确；为解释磁现象的电本质，安培根据螺线管和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，B项正确；恒定电流附近的固定导线框，不会产生感应电流，C项错误；楞次通过实验，得出了楞次定律，D项正确．
2、答案：B 解析：选项A是用来探究影响安培力的大小因素的实验。选项B是研究电磁感应现象的实验，观察导体棒在磁场中做切割磁感线运动时电流表是否会产生感应电流。选项C是用来探究安培力的方向与哪些因素有关的实验。选项D是奥斯特实验，证明通电导线周围存在磁场。
3、答案：D解析：只要穿过闭合回路的磁通量发生变化就一定会有感应电流．
4、答案：C解析：穿过闭合回路的磁通量大小取决于磁感应强度、回路所围面积以及两者夹角三个因素，所以只了解其中一个或两个因素无法确定磁通量的变化情况，A、B项错误；同样由磁通量的特点，也无法判断其中一个因素的情况，C项正确，D项错误．
5、B解析：通过线圈的磁通量Φ＝BS＝Bπr2，A错误，B正确；磁通量与线圈的匝数无关，C、D错误．
6、C解析 开始时穿过线圈平面的磁通量为Φ1＝BScos θ.后来穿过线圈平面的磁通量为Φ2＝－BScos θ，则磁通量的变化量为ΔΦ＝|Φ2－Φ1|＝2BScos θ.
7、A解析：当滑动变阻器的滑片左右滑动时，引起电路中电流变化，从而引起闭合铁芯中的磁通量变化，a，b两圆环中的磁通量必定随之变化，引起感应电流的产生，而c环中有两股铁芯同时穿过，穿入和穿出的磁通量始终相等，合磁通量为零，所以c中不能产生感应电流．故选A.
12
8、答案 A解析 由右手定则可知，感应电动势始终从O指向A，为正．由E＝BLω，L是有效切割
2长度，B、ω不变，切割的有效长度随时间先增大后减小，且做非线性、非正弦的变化，经半圈后，再次
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2
重复，故A正确．
9、CD解析：要使电路中产生的感应电流最大，应该使电路中的感应电动势最大，应该使线圈平面内的磁通量变化最快，本题中磁感应强度的大小不变，根据公式可知当线圈平面的磁通量的变化率最大时产生的感应电流最大，C选项和D选项都可以．
10、BD解析：当金属棒向右匀速运动而切割磁感线时，金属棒产生恒定感应电动势，由右手定则判断电流方向由a→b，根据电流从电源(ab相当于电源)正极流出沿外电路回到电源负极的特点，可以判断b点电势高于a点．又左线圈中的感应电动势恒定，则感应电流也恒定，所以穿过右线圈的磁通量保持不变，不产生感应电流．
当ab向右做加速运动时，由右手定则可推断φb＞φa，电流沿逆时针方向．又由E＝BLv可知ab导体两端的E不断增大，那么左边电路中的感应电流也不断增大，由安培定则可判断它在铁芯中的磁感线方向是沿逆时针方向的，并且磁场不断增强，所以右边电路的线圈中的向上的磁通量不断增加．由楞次定律可判断右边电路的感应电流方向应沿逆时针，而在右线圈的电路中，感应电动势仅产生在绕在铁芯上的那部分线圈上．把这个线圈看作电源，由于电流是从c沿内电路(即右线圈)流向d，所以d点电势高于c点．
电磁感应（二）
1.【解析】选B。电源电动势的来源很多，不一定是由于电磁感应产生的，所以选项A错误；在电磁感应现象中，如果没有感应电流，也可以有感应电动势，C错误；电路中的电流可能是由化学电池或其他电池作为电源提供的，所以有电流不一定有感应电动势，D错误；在有感应电流的回路中，产生感应电动势的那部分导体相当于电源，故B正确。
2.【解析】选D。磁铁以两种速度插入线圈的初末位置相同，则初位置的磁通量和末位置的磁通量也相同，因此磁通量的变化量相同，选项D正确；由于插入的快慢不同，则时间不同，因此磁通量的变化率不同，感应电动势、感应电流和转化的电能也不同，消耗的机械能也不同，所以选项A、B、C错误。
3.【解析】选C。在Φ-t图像中，其斜率在数值上等于磁通量的变化率，斜率越大，感应电动势也越大，在图像中，4～6 s图线的斜率最大，即该段时间的感应电动势最大，故C项正确。
4.【解析】选C。矩形线圈在匀强磁场中向右匀速运动，穿过线圈的磁通量没有发生变化，无感应电流产生，故选项A、D错误；因导体边框ad和bc均切割磁感线，因此ad和bc边框中均产生感应电动势，由于无电流通过电压表，所以电压表无示数，故B错误，C正确。
5.【解析】选B。由题意可知，线圈M的磁场的磁通量随时间均匀增加，则E=n错误！未找到引用源。=50×错误！未找到引用源。V=10 V；由楞次定律可知，此时感应电流的磁场与原磁场反向，由右手螺旋定则可以看出，此时a点的电势较高。
【变式备选】将一粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行。现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框的一边ab两点间电势差绝对值最大的是（ ）
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