分析： 电场线的疏密表示场强的大小；顺着电场线，电势降低，分析电势高低．根据在电势越高的地方正电荷电势能越大，负电荷具有的电势能越小，判断电势能的大小．根据电势能的变化，判断电场力做功的正负． 解答： 解：
A、电场线的疏密表示场强的大小，a处电场线较密，则a点的场强大，故A正确；
B、根据顺着电场线，电势降低，知a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以a点的电势高于b点的电势．金属球是一个等势体，c、d电势相等，故B错误；
C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故C错误；
D、﹣q在a点的电势能较b点小，把﹣q电荷从a点移动到b点，电势能增大，则电场力做负功．故D错误． 故选：A
点评： 该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加． 6．（4分）（2010秋?泉州期末）如图所示电路，开关S1、S2原来都是闭合的，当滑动变阻器R1、R2、R3的滑片都刚好处于各自中点位置时，悬在平行板电容器中间的带电尘埃恰好处于静止状态，在其它条件不变的情况下，要使尘埃向下运动，可用的方法是（ ）
A． 把R1的滑片位置向上移动 B． 把R2的滑片位置向上移 C． 把R3的滑片位置向上移动 D． 把开关S2打开
考点： 闭合电路的欧姆定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用；电容．
专题： 电容器专题．
分析： 带电尘埃原来恰好处于静止状态，所受的电场力与重力平衡，要使尘埃向下运动，应使其受到的合力向下，可减小电容器两端的电压；通过闭合电路欧姆定律可知应如何调节滑动变阻器．
解答： 解：P开始时受重力及电场力而保持静止；而要使P向下运动，则电容器两端的电压应减小；
A、R1此时只能看作是导线，故调节R1不会改变电容器两端的电压，从而不能使尘埃向下运动，故A错误；
B、由电路图可知，电容器与R2的上端并联；故向上移动滑片可以使C两端的电压减小，能使尘埃向下运动，故B正确；
C、把R3的滑片位置向上移动，R3接入电路的电阻减小，电路中电流增大，R2的上端电压增大，电容器板间电压，尘埃所受的电场力增大，将向上运动，故C错误；
D、把开关S2打开时，电容器两端电压增大，尘埃所受的电场力增大，将向上运动，故D错误；
故选：B．
点评： 本题要注意电容器两端的电压等于与之并联电阻两端的电压；而与电容器串联的电阻只能作为导线处理． 7．（4分）（2015?宁波校级模拟）如图甲、乙两带电小球的质量均为m，所带电量分别为q和﹣q，两球间用绝缘细线连接，甲球用绝缘细线悬挂在天花扳上．在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E．当两球平衡时细线被拉紧，此时的情景应该是（ ）
A． B． C． D．
考点： 匀强电场中电势差和电场强度的关系；库仑定律． 专题： 电场力与电势的性质专题．
分析： 运用整体法研究1绳与竖直方向的夹角，再隔离乙球研究，分析2绳与竖直方向的夹角，得到两夹角的关系，判断系统平衡状态．
解答： 解：首先取整体为研究对象，整体受到重力、电场力和绳子的拉力，
由于两个电场力的和即F电=qE+（﹣qE）=0
所以重力和绳子的拉力是一对平衡力，即上边的绳子对小球的拉力在竖直方向上，所以上边的绳子 保持在绳子位置上．故AD图正确，BC图都错误．
再以乙球为研究对象，受水平向右的电场力、竖直向下的重力和沿绳方向的弹力，在三力作用下处于平衡状态，所以2绳应与竖直方向有向右偏转的夹角，故A图正确，D图错误． 故选：A．
点评： 本题采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力． 8．（4分）（2013秋?吉州区校级月考）如图电路中E为电源的电动势，r为电源内阻，R1、R2为可变电阻，黑箱中有N个阻值均为R的定值电阻混联而成的网络．下列操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是（ ）
A． S闭合且R2的阻值不变，仅使R1的阻值减小 B． S闭合且R1的阻值不变，仅使R2的阻值减小 C． R1与R2的阻值不变，仅使S由断开变为闭合
D． R1与R2的阻值不变，仅使S由闭合变为断开 考点： 闭合电路的欧姆定律． 专题： 恒定电流专题．
分析： 使灯泡L的亮度变暗，必须使灯泡两端的电压和电流变小．根据串、并联关系，由欧姆定律分析．分析时抓住路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小分析其变化． 解答： 解：
A、S闭合且R2的阻值不变，仅使R1的阻值减小，外电路总电阻减小，路端电压随之减小，总电流增大，通过R2的电流增大，由并联电路的规律可知，通过灯泡的电流增大，灯泡变亮，故A错误．
B、S闭合且R1的阻值不变，仅使R2的阻值减小，外电路总电阻减小，路端电压随之减小，通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，故B正确．
C、R1与R2的阻值不变，仅使S由断开变为闭合，外电路总电阻减小，路端电压随之减小，通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，故C正确．
D、R1与R2的阻值不变，仅使S由闭合变为断开，外电路总电阻增大，路端电压随之增大，通过灯泡的电流增大，灯泡变亮，故D错误． 故选：BC．
点评： 解决本题关键掌握路端电压与外电阻之间的关系，知道路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．并能记住一个经验结果：变阻器阻值减小，与串联的电路中电流增大． 9．（4分）（2010秋?七里河区校级期末）如图所示电路中，C2=2C1，R2=2R1，下列说法正确的是（ ）
A． 开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电荷量 B． 开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电荷量 C． 开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电荷量 D． 开关处于接通状态，电容C1的电量等于C2的电荷量 考点： 电容；闭合电路的欧姆定律． 专题： 电容器专题．
分析： 当开关处于断开状态时，电容器C1、C2并联，两端的电压等于电源的电动势．当开关处于闭合状态时，两电阻串联，C1与R2并联，C2与R1并联．
解答： 解：A、当开关处于断开状态时，电容器C1、C2并联，两端的电压等于电源的电动势，因为C2=2C1，根据Q=CU，知电容C2的电量大于C1的电荷量．故A正确， B错误． C、当开关处于闭合状态时，两电阻串联，C1与R2并联，C2与R1并联，因为R2=2R1，所以U2=2U1，因为C2=2C1，根据Q=CU知，电容C1的电量等于C2的电荷量．故C错误，D正确． 故选AD．
点评： 解决本题的关键搞清电键断开时、闭合时，该电路是什么样的电路，通过欧姆定律和Q=CU进行分析．
10．（4分）（2013秋?吉州区校级月考）如图两块平行金属板M、N竖直放置，两板间电势差U=1.5×10V．现将质量m=1×10kg、电荷量q=4×10C的带电小球从两板上方的A点以v0=4m/s的初速度水平抛出，小球恰好能从M板上端进入两板之间，并沿直线运动打到N板
2
上的B点．已知A距两板上端的高度为h=0.2m，不计空气阻力，g=10m/s．则（ ）
3
﹣2
﹣5
A． 小球到达M板上端时的速度大小
B． M、N两板间距d=0.3m
C． 落点B距N板上端距离L=0.2m D． 小球到达B点时动能Ek=0.15J 考点： 带电粒子在匀强电场中的运动；平抛运动． 专题： 带电粒子在电场中的运动专题．
分析： 小球在进入电场前做平抛运动，根据高度求出竖直分速度的大小，结合平行四边形定则求出小球到达M板上端的速度大小以及方向．抓住小球在电场中做直线运动，合力的方向与速度的方向在同一条直线上，根据电场力的大小，结合电势差和d的关系求求出M、N板的间距，从而得出L的长度．根据动能定理求出小球到达B点的动能．
解答： 解：A、小球到达M板上端时，竖直分速度vy=据平行四边形定则可得，小球到达M板上端的速度vm=A正确．
B、速度方向与水平方向的夹角的正切值tanθ=
==
m/s=2m/s．根m/s=2
m/s．故
==0.5，因为小球在电场中做直线运动，可
知合力的方向与速度的方向在同一条直线上，有 =tanθ=0.5，解得电场强度
E==V/m=5000V/m．则M、N间距 d===0.3m．故B正确．
C、由数学知识可得，L=dtanθ=0.3×0.5m=0.15m．故C错误． D、对于小球从A到B过程，根据动能定理得，mg（h+L）+qU=Ek﹣Ek=0.1×0.35+4×10﹣5×1.5×10+×0.01×16J=0.175J．故D错误．
故选：AB．
点评： 解决本题的关键知道小球先做平抛运动，再做匀加速直线运动，知道在电场中所受的电场力和重力的合力与速度的方向共线．
3
，解得：
二、填空题（本大题共有4小题，每小空2分，共20分．把答案填在答题卡上的相应位置上） 11．（4分）（2011秋?金牛区校级期中）在图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙．当开关S闭合后，L1的电阻为 12 Ω，L2消耗电功率为 0.3 W．
考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线． 专题： 实验题．
分析： 当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流I，由欧姆定律求出电阻，并求出其功率．灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，由电功率公式求出灯泡电功率．
解答： 解：当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1
的电阻R1=
==12Ω；
灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2消耗的电功率W2=U2I2=1.5V×0.20A=0.3W； 故答案为：12，0.3．
点评： 本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压．读图能力是基本功． 12．（6分）（2013秋?吉州区校级月考）将一块内阻为600Ω，满偏电流为50μA的灵敏电流计改装成量程为3V的电压表．该电压表改装图为 乙 （甲 或 乙），其中分压电阻R= 59.4 KΩ．
考点： 把电流表改装成电压表． 专题： 实验题．
分析： 把电流表改装成电压表，要串联一个大电阻，根据串联电路特点与欧姆定律求出串联电阻的阻值．
解答： 解：把电流表改装成电压表，应串联一个大电阻，改装后的电路图如图乙所示；