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图象如图所示，已如8秒时丙距离甲、乙的距离恰好相等。则（ ）
A．丙可能与甲的运动方向相反 B．丙的s﹣t图一定在甲的图线上方 C．丙一定与乙的运动方向相同 D．丙的s﹣t图线可能在乙的图线下方
【分析】由图象读出t=8秒时甲、乙通过的路程，再根据8秒时丙距离甲、乙的距离恰好相等，求出甲8s内丙通过的路程，判断出距离关系即可。
【解答】解：由图象读出t=8秒时，二者通过的路程为s甲=20m，s乙=10m，又知道8秒时丙距离甲、乙的距离恰好相等，可以判断出甲和丙方向相同，和乙方向相反； 甲和丙方向相同，则甲丙间的距离为△s=s甲﹣s丙=20m﹣s丙， 乙和丙方向相反，则乙丙间的距离为△s′=s乙+s丙=10m+s丙， 因为8秒时丙距离甲、乙的距离恰好相等，即20m﹣s丙=10m+s丙， 所以s丙=5m，故丙的s﹣t图线可能在乙的图线下方，如图所示：
故选：D。
【点评】本题考查了速度的计算和s﹣t图象的认识和理解，读懂图象是解决此题的关键，判断出甲、乙、丙三车的运动方向是难点。
8．（2分）如图所示电路中，电源电压相同且不变，电路元件均完好，电流表A1的示数比A2大，下列方案中有可能使两电流表示数相同的有（ ）
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方案：
①用一个更小的电阻替换R3
②将图（a）中的R2与（b）中的R1互换 ③用一个更大的电阻替换R2
④将图（a）中的R1与（b）中的R3互换 A．0个 B．1个 C．2个 D．3个
【分析】闭合电键S后，由（a）电路图可知，电路为R1与R2的并联电路，电流表A1测干路中的电流；由（b）电路图可知，R1与R3串联，电流表A2测电路电流；电流表A1、A2的示数相同，且电源电压相等且保持不变，根据欧姆定律可知它们的电阻关系，根据并联电路的电阻特点可知R3与R1、R2之间的关系。
【解答】解：闭合电键S后，由（a）电路图可知，电路为R1与R2的并联电路，电流表A1测干路中的电流； I1=
+
由（b）电路图可知，R1与R3串联，电流表A2测电路电流； ①电流表A2示数：I2=
，用一个更小的电阻替换R3；由I2=
可得，I2电流变大；
电源电压相同且不变，I2＜I1，故①错误；
②将图（a）中的R2与（b）中的R1互换，图（a）中的总电阻，Ra=
，图（b）中的总电
阻，Rb=R2+R3，Ra=Rb有可能，由I=可得，有可能使两电流表示数相同，故②正确；
③图（a）中的总电阻，Ra′=，用一个更大的电阻替换R2，Ra′变大，图（b）中的总
电阻，Rb=R1+R3，Ra≠Rb，由I=可得，不可能使两电流表示数相同，故③错误；
④将图（a）中的R1与（b）中的R3互换，图（a）中的总电阻，Ra′′=精品K12教育教学资料
，用一个更
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大的电阻替换R2，Ra′变大，图（b）中的总电阻，Rb=R1+R2，Ra=Rb有可能，由I=可得，有可能使两电流表示数相同，故④正确。 故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路中之间的关系和电阻之间的关系是关键。
二、填空题（共23分）
9．（3分）一节新干电池的电压是 1.5 伏。额定功率为0.5千瓦的用电器正常工作2小时，耗电 1 度；电能与其他形式能的转化必然遵循 能量守恒 定律。 【分析】（1）一节新干电池的电压为1.5V；
（2）用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出正常工作2小时消耗的电能； （3）能量的转化和守恒定律是指能量在转化和转移中总量保持不变。 【解答】解：（1）一节新干电池的电压为1.5V；
（2）由P=可得，额定功率为0.5千瓦的用电器正常工作2小时消耗的电能： W=Pt=0.5kW×1h=2kW?h；
（3）电能与其他形式能的转化必然遵循能量守恒定律。 故答案为：1.5；1；能量守恒。
【点评】本题考查了常见电源电压值的记忆和电功的计算以及能量守恒定律，是一道基础题目。
10．（3分）地球间步卫星绕地运动是由于力可以改变物体的 运动状态 ，此过程中以地球为参照物，卫星是 静止 的（选填“运动”或“静止”），它的惯性将 不变 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【分析】力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态。判断物体的运动与静止时，关键看研究对象相对于参照物的位置是否发生改变。惯性的大小与质量有关，与速度无关。 【解答】解：①地球间步卫星绕地运动是由于力可以改变物体的运动状态；
②以地球为参照物，卫星和地球之间的位置没有发生变化，所以若以地球为参照物，地球同步卫星是静止的；
③惯性的大小与质量有关，与速度无关，卫星的质量不变，故惯性不变。 精品K12教育教学资料
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故答案为：运动状态；静止；不变。
【点评】此题主要考查学生对力的作用效果、参照物的选择和惯性的理解和掌握。培养学生利用物理原理来解释科技现象的能力。在物理学习中，要注意勤于思考，学以致用。
11．（3分）“电流周围存在磁场”是丹麦科学家 奥斯特 首先发现的。为了描述看不见、摸不着的磁场，人们假想出的曲线叫做 磁感线 。如图所示，电源左侧应为 负 极（选填“正”或“负”）。
【分析】（1）奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场； （2）磁感线是用来描述磁场的一种理想化的模型，实际上不存在； （3）利用安培定则可以判断通电螺线管的极性或电流方向。 【解答】解：
丹麦科学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，
为了描述看不见、摸不着的磁场，人们假想出的曲线叫做磁感线，实际上不存在； 已知螺线管的左端为N极，用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，则四指所指的方向为电流的方向，即电流从螺线管右端流入，左端流出，所以电源的右侧是正极，左侧为负极。如图所示：
故答案为：奥斯特；磁感线；负。
【点评】本题考查磁场方向、磁感线、安培定则的应用、电流磁场的发现等问题，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。
12．（3分）将一金属小球与地面反复碰撞后发现小球的温度略有升高，这是通过 做功 的方式增加了小球的内能，现將小球浸没在水中，已知其体积为1×10 米，则它受到的浮精品K12教育教学资料
﹣3
3
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力大小为 9.8 牛，若小球所受重力与浮力的合力为10牛。则小球的重力大小为 19.8 牛。
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；
（2）物体完全浸没后，物体排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρgV求物体受到水的浮力；利用F合=G﹣F浮计算重力与浮力的合力。
【解答】解：（1）将一金属小球与地面反复碰撞后发现小球的温度略有升高，这是通过做功的方式增加了小球的内能； （2）物体受到的浮力： F浮=ρ
水
排
gV排=1.0×10kg/m×9.8N/kg×1×10m=9.8N；
33﹣33
重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，即重力和浮力的方向相反， 由题知，小球所受重力与浮力的合力为10牛， 根据力的合成可知，F合=G﹣F浮， 所以小球的重力大小为： G=F合+F浮=10N+9.8N=19.8N， 故答案为：做功；9.8；19.8。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、同一直线上二力的合成的了解与掌握，注意隐含条件“物体浸没水中后，物体排开水的体积等于物体的体积”的运用。
13．（3分）通过某导体的电流为0.2安，则10秒内通过它横截面的电荷量为 2 库，此时该导体两端电压为4伏。其电阻为 20 欧，若增大通过该导体的电流，其电阻将 不变 （选填“变大”，“不变”或“变小”）。
【分析】（1）知道通过导体的电流，根据Q=It求出10秒内通过它横截面的电荷量，又知道导体两端的电压，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：由I=可得，10秒内通过它横截面的电荷量： Q=It=0.2A×10s=2C， 由I=可得，导体的电阻： 精品K12教育教学资料