5. 答案：A
解析：初级外加交变电压一定，故次级输出电压不变。滑动变阻器的滑片由a向b滑动时，次级所接总电阻减小，总电流增大，输电线上电压损失增大，电压表V2示数减小，灯泡L2功率变小，变暗；通过灯泡L1的电流增大，L1功率变大，变亮，选项A对B错。次级近旁电热器接入，次级输出电压亦即路端电压不变，只是引起次级线圈和初级线圈中电流增大，但对外供电电流不变，输电线上损失不变，故电流表A1 和A2示数都不变，C选项很容易被错选（供电端用电对远方用电区的用电不会产生影响，这是供电区（电老虎用电）的“特区”）。 当灯泡L2灯丝烧断时，次级负载总电阻增大，总电流减小，输电线上损失减小，两电表示数都将增大，选项D错。
说明：交流电流部分过去连续两年都是考的理想变压器的变比规律，如果还考变压器可能跟电路综合。不过，交流发电机原理及交流电“四值”还没考。
*6. 答案：BD。
解析：若保持拉力恒定，最终速度2v匀速，则有
B2L2?2vF?FA?BIL?
RB2L2v经时间t1，ab棒速度为v，加速度为a1，ma1?F?FA1?F?
RB2L2v所以 ma1?
R若保持拉力的功率恒定，最终速度也为2v匀速，则
PB2L2?2vP4B2L2v/?FA?BI?L? ，得：? 2vRvRPPB2L2v经时间t2，ab棒速度为v，加速度为a2，ma2??FA2??
vvR3B2L2v联立解得：ma2?，故a2 = 3a1
R注意到开始a2＞a1，作出两次过程速度图线如下图中甲、乙所示，可见：t1 > t2
说明：电磁感应11年课标卷空白，12年课标卷一下考了两道选择题。而恒力和恒功率作用下的变加速直线运动模型实际应用广泛，而功率分析在过去两年高考课标卷中是空白。
*7.答案：BC
解析：系统原来静止，弹簧压缩量为
2mg。只有向上的拉力F＞mg才有可能可分离。加上k3mg，此时二者速度最大；再接下去，加速2k向上拉力F=mg/2后的起始时刻，系统获得向上的加速度a0=g/4, 一起向上加速，接着加速度减小，当加速度减为零时，弹簧压缩量减为
度方向变为向下，二者一起向上减速，根据对称性，二者一起向上运动总位移为（
2mg3mgmg-）×2＝，速度减为零达最高点时，系统加速度向下a0=g/4，二者间弹
k2kk力为N=mg/4。接下来，系统返回（其实是简谐运动），故不会分离。B与A向上运动过程中，两物体经历先加速后减速，其动能先增大后减小，拉力F做正功，B与A组成的系统机械能增加，但返回时拉力F做负功，B与A组成的系统机械能减少。故选项B、C对，A、D错。 说明：（1）简谐运动属选考内容，但这里过程分析是靠牛顿定律完成并不涉及谐振知识。另外，尽管新教材必修2P64探究了弹性势能公式，但考纲未作计算要求，本题也没有涉及，模仿高考打“擦边球”。（2）课标卷10和11年均有弹簧题，11年考了一道蹦极弹簧（必考）和一道碰撞复振子（选考）。12年新课标国卷除选考3——5涉及机械能，必考部分机械能重头戏却几乎空白。尽管高考强调能力立意，不太在意知识覆盖，但无论如何这样对中学教学会有负面影响，这也是命题者不情愿的。
8.答案：B
解析：飞船的运行轨道半径必大于地球半径，运行周期不小于84.5 min，首先排除选项A。 本题关键是看懂飞船运动的轨迹图。事实上这是一张将地球球面展开而成的平面图，一条曲线是飞船绕地球圆运动1周，四条曲线是绕地球转了4周。本来飞船运行的轨道平面是一个确定平面，而绕地球运动4周在地球表面呈4条曲线，是因为地球自转经度线移动，飞船相邻两次通过同一空间位置时垂直投影到地面（地面检测记录）的经度位置不同而形成的。 飞船每运行一周，地球自转角度为180°－157.5°= 22.5°，知神舟飞船运行的周期为
T?22.5?24h=1.5h，选项B正确。由此还可求出飞船运行的轨道半径。 360另外，由飞船运动的轨迹投影曲线，每一条曲线上下和42.4o的纬度线相切，还可知飞
船的轨迹平面与赤道平面的夹角就是42.4o（由地理中纬度线的定义可知）。
9.①把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力 （2分） ②点距均匀 （1分） ③不合适。由曲线不能直接确定函数关系，应进一步绘制w－v图象。（2分）
说明：打点纸带的计算，在近些年国卷中仅08年课标卷考过一次，现已变成“空白点”。用点计时器研究“功与动能变化的关系”是教材新增探究性学生实验，还没考过。 10. 答案：（1）如图所示。
2.00μA，22.0 mV
图3
V A B C D SJ119
2
题设：当磁场不太强时，电势差U、电流I和磁感应强度B的关系为U?kIB，则 ddU1.0?10?3?22.0?10?3B??==5.50×10-2T 2?6kI2.0?10?2.00?10（3）外界磁场（例如周围附近电流磁场）的干扰，样品元件与磁场方位的相对取向不完全能产生最大霍尔电压，样品元件本身的霍尔系数不很稳定可靠，样品元件随温度变化产生的影响，供电电路中如电源性能不稳定等，电表结构自身误差，测量霍尔电压和引入电流时读数不准产生的误差，??（答对一条即给2分）。
说明：本题根据教材选修3—1P103霍尔效应和选修3—2P7跳绳发电、P26自制金属探测器，参照上海2002年高考18T（用线圈探测地磁场）编拟，意在强化对黑板上讲实验和组织学生动手做实验的区分。2012年全国课标卷电路实验是利用电磁弹簧秤测磁场的磁感应强度，但该题实际操作性很差，磁场较弱时很难测量，误差很大。但利用霍尔元件测地场的磁感应强度操作性就很强，组织学生动手做一做，会很有收获。
11. 解析：（1）方法一：选匀速运动的长木板为参考系（惯性系），小铁块相对板做初速为
???g，做匀减速运动，速度减为零时相对板的位移 u0?v0?v，加速度为a相2u0(v0?v)2?? s相 （4分） ??2a相2?g??要小铁块不从板上掉下去，必须s相L （2分） 2(v0?v)2联立解得：L? （2分）
?g方法二：小铁块在向左减速到0再反向加速到v的时间 （1分）
小铁块相对地面的位移
（2
分）
木板对地的位移 （1分）
要保证小铁块不从长木板左端掉下，则它相对木板的滑移必须满足
（2分）
故得：
（2分）
v 方法三：速度图象法。取向右为矢量正向，作出二者运动的速度图象。二者图象的夹面积表示相对位移，故小铁块从中点开始运动到最终与板一起匀速运动的过程中，相对位移大小为图中阴影面积
v
M M+m ?? s相v?v11 （4分） ?(v0?v)?t?(v0?v)?022?gO m -v0 要小铁块不从板上掉下去，必须
v0?v ?g/t ??s相L （2分） 2(v0?v)2联立解得：L? （2分）
?g（2）方法一：由功的定义出发求解。长木板在水平拉力作用下始终向右做速度大小为v的匀速运动 ，有
（3分）
小铁块从中点开始运动到最终与板一起匀速运动的过程中，木板对地位移为x2，拉力对板做功
（3分）
方法二：利用系统的动能定理求解。运用系统的动能定理
?W??W外内??Ek总，系统法
?， 故 还要计入内力功。由于系统内一对摩擦力做功的代数和为Wf?Wf????mgs相??WF??(M?m)gx2??mg?s相1112(M?m)v2?Mv2?mv0 （3分） 222 而 联立解得：
2u0(v0?v)2 s? ? ?2a/2?g （3
分）
说明：滑板皮带问题也是多年重要空白了！受力和运动的分析，相对运动的计算，对求功要用到的位移的理解等，都是力学的重点，能很好测试学生的学科能力。