考点：
探究加速度与物体质量、物体受力的关系． 专题： 实验题． 分析：
描绘图象时应该注意以下几点（1）取坐标单位的时候不能随意，要使得大部分点落在整个坐标区域中．（2）不要忘记了写单位，（3）连线的时候很多学生就是直接把相邻的两个点连接起来，比如描绘小车的运动的v﹣t图象的时候，由于误差，很多不在同一直线上，但是很多人就直接把相邻的两个点用直线连接起来，画出来的直线很怪． 解答：
解：A、描绘图象时取坐标单位的时候不能随意，要使得大部分点落在整个坐标区域中．故AD错误；
B、描完点后，先大致的判断这些点是不是在一直线，然后画一直线，让这些点均匀的散落这条直线的两侧．故B错误，C正确； 故选：C． 点评：
图象在物理是对物体运动描述的一种方法，里面包含了很多物理信息．
描完点后，先大致的判断这些点是不是在一直线，然后画一直线，让这些点均匀的散落这条直线的两侧． 32．（3分）小文利用打点计时器研究甲和乙两个物体的运动，分别得到2条纸带．对毎条纸带，均选择合适的点作为第一个计数点，再依次每5个点取1个计数点，并在各计数点处将其剪断，然后将这些剪断的纸条粘贴在相同的坐标纸上，最后将纸条上端中心连起来，如图甲、乙所示．由图可判断（ ）
A．乙物体的加速度比甲大 两物体均做匀速直线运动 B． 打第三个计数点时，甲物体的速度比乙大 C． D．打第一个计数点时，物体的速度有可能为零 考点： 探究小车速度随时间变化的规律． 专题： 实验题． 分析： 本题使用的方法是等效代替法解题，它们的长度分别等于x=v平均t，因为剪断的纸带所用的时间都是t=0.1s，即时间t相等，所以纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比；而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比．根据图象的斜率求出小车的加速度． 解答： 解：A、如果将将纸条上端中心连起来，得到的直线是纸带的v﹣t图象，该图象斜率表示加速度， 所以乙物体的加速度比甲大，故A正确； B、相等的时间间隔内位移增大，所以两物体均做加速直线运动，故B错误； C、根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度， 所以打第三个计数点时，甲物体的速度比乙小，故C错误； D、根据图象在纵轴上的截距不为零，所以打第一个计数点时，物体的速度不可能为零，故D错误； 故选：A． 点评： 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用 三、选择題Ⅲ（每组3小题，每小题2分，共6分．考生按修习模块答题．在作答33-35题时，考生若选做“选傪1-1”模块须填涂识到码“”，若选做“选修3-1”模块须填涂识刹码“”，漏填或多填识别码的，按选做“选修1-1”模块给分）《选修1一1》 33．（2分）人们常用符号代替文字表达一定的意思．现有两种符号如图甲（黄底、黑图＞和如图乙（红圈、红斜杠、黑图）所示，则（ ）
A．甲图是电扇的标志 B． 甲图是风车的标志 乙图是禁用移动电话的标志 C．D． 乙图是移动电话充电区的标志 考点： 原子核衰变及半衰期、衰变速度． 专题： 衰变和半衰期专题． 分析： 图甲是核辐射标志，图乙是禁止使用手机的标志． 解答： 解：A、B、图甲是核辐射标志，应该远离，故A错误，B错误； C、D、图乙是禁止使用手机的标志，在加油站有该标志，故C正确，D错误； 故选：C． 点评： 本题是联系生活实际的问题，要能够将学过的知识用到生活实际中． 34．（2分）下面所列的波，均属于电磁波的是（ ） A．声波、水波、微波 B． 声波、水波、X射线 声波、水波，r射线 C．D． 无线电波、红外线、紫外线 考点： 电磁场． 分析： 要解答本题需掌握：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线等都是电磁波． 解答： 解：根据课本电磁波谱可知：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线等都是电磁波； 超声波、次声波不属于电磁波，它是声波；水波也不是电磁波． 故选：D． 点评： 本题主要考查学生对电磁波谱的了解和掌握，是一道基础题． 35．（2分）﹣台发电机，输出的功率为1.0×10W，所用输电导线的电阻是10Ω，当发电机
32
接到输电线路的电压是5.0×10V时，输电导线上的电流是2.0×10A，则在输电导线上损失的热功率为（ ） 3566 A．B． C． D． 2.0×10W 4.0×10W 1.0×l0W 2.5×10W 考点： 远距离输电． 专题： 交流电专题． 2分析： 根据势功率P=IR求输电导线上的热功率． 2解答： 解：已知输电导线的电阻R=10Ω，输电电流为I=2.0×10A，所以输电导线上损失的热功率 2225P=IR=（2×10）×10W=4×10W 故选：B 点评： 本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用．属于基础题，不难． 《选修3-1》
36．如图所示，边长为L的正方形区域ACDE内，有磁感应强度大小为方向垂直纸面向外的匀强磁场．质量为m、电荷量为q的带电粒子从AE边中点M垂直AE边射入磁场，从 DE边中点N射出，下列说法正确的是（ ）
6
A．粒子做圆周运动的半径为L C．粒子射入磁场时的速率为B． 粒子做圆周运动的半径为 D． 粒子在磁场中运动的时间为 考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动． 专题： 带电粒子在磁场中的运动专题． 分析： 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，作出粒子运动轨迹，求出粒子轨道半径，然后应用牛顿第二定律分析答题． 解答： 解：粒子运动轨迹如图所示： A、由几何知识可知，粒子轨道半径：r=，故AB错误； C、粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，故C正确； ，粒子在磁D、粒子在磁场中转过四分之一圆周，粒子做圆周运动的周期：T=场中的运动时间：t=T=，故D错误； 故选：C． 点评： 本题考查了粒子在磁场中的运动，根据题意由几何知识求出粒子的轨道半径，应用牛顿第二定律、周期公式即可正确解题． 37．图示电路中，电容器C与电阻R2并联后，经电阻R1与电源和开关相连．电源电动势
﹣9
E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R1=15Ω，R2=8Ω，电容器的电容C=2×l0F，闭合开关S，待电路稳定后，下列说法正确的是（ ）
A．电源两端的电压为1V B． 电容器两端的电压为24V ﹣8 通过电阻R1的电流为1.5A C．D． 电容器所带电荷量为1.6×l0C 考点： 闭合电路的欧姆定律；电容． 专题： 电容器专题． 分析： 闭合开关S，稳定后电容器相当于开关断开，两个电阻串联，根据全电路欧姆定律求解即可求出电流．先求出电容器两端的电压，再求出电容器的电量． 解答： 解：闭合开关S，稳定后电容器相当于开关断开，根据全电路欧姆定律得： I=A 电源两端的电压是路端电压，即：U=I（R1+R2）=1×（15+8）=23V 电容器两端的电压即R2两端的电压： U2=IR2=1×8V=8V 则电容器的电荷量为 Q=CU2=2×10×8C=1.6×10C 故选：D ﹣9﹣8点评： 本题是含容电路，关键确定电容器的电压．电路稳定时电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压． 38．如图所示，两水平放置的光滑、长直金属导轨MN、PQ处于竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场中，两导轨间距为L，导轨左端M、P连接电阻R．金属杆在水平恒力F的作用下沿导轨自静止开始向右运动，不计金属导轨和金属杆的电阻，且接触良好．当金属杆ab做匀速直线运动时，下列判断正确的是（ ）
A．所受安培力方向向右 C．回路中的电流大小为I=B． 金属杆ab的速度v= D． 回路电流方向为M→P→b→a→M 考点： 导体切割磁感线时的感应电动势． 专题： 电磁感应与电路结合． 分析： 金属杆匀速运动，处于平衡状态，由右手定则判断出电流方向，由左手定则判断出安培力方向，应用安培力公式与平衡条件求出杆的速度大小，由欧姆定律求出电流大小． 解答： 解：D、由右手定则可知，回路感应电流为：M→a→b→P→M，故D错误； A、由左手定则可知，安培力水平向左，故A错误； B、金属杆受到的安培力：F安培=BIL=衡条件得：F=，金属杆匀速运动处于平衡状态，由平，解得，金属杆速度：v=，故B正确； C、回路电流：I===，故C错误； 故选：B． 点评： 本题考查了判断电流方向、安培力方向、求杆速度、感应电流，分析清楚杆的运动过程、应用右手定则、左手定则、安培力公式、平衡条件、E=BLv、欧姆定律即可正确解题． 四、计算题（本大题共3小题，第36题6分，第37题6分，第38题8分，共20分） 39．（6分）如图所示，桌面上放者单匝圆形线圈，其圆心位于桌面上O点，O点上方一定高度处有一竖直的条形磁体，此时线圈内的磁通量为0.004Wb，当把条形磁体沿竖直线移到O点时，线圈内磁通量为0.012Wb．求：
（1）在1s内把条形磁体从图示位置沿竖直方向移到O点，这个过程中线圈中感应电动势E1的大小；
（2）换用10匝的圆形线圈，线圈面积及位置与单匝线圈相同，在0.5s内把条形磁体从图示位置沿竖直方向移到O点，这个过程中线圈中感应电动势E2的大小．