考点： 法拉第电磁感应定律． 专题： 电磁感应与电路结合． 分析： （1）求出条形磁铁从图示位置到放到线圈内这段过程中的磁通量的变化量，根据法拉第电磁感应定律：E=n 去进行求解． （2）磁通量的变化量与第一问相同，时间减少，匝数变为100匝，根据法拉第电磁感应定律：E=n 求出感应电动势． 解答： 解：（1）先计算出磁通量变化量，后根据法拉第电磁感应定律， 对单匝线圈有，解得：E1= =0.008V； （2）对n匝线圈有：△Φ=Φ2﹣Φ1 由法拉第电磁感应定律，则有：解得：E2=100×=16V． 答：（1）这个过程中线圈中感应电动势E1的大小0.008V； （2）这个过程中线圈中感应电动势E2的大小16V． 点评： 解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，本题是属于非常基础的题目，适合初学法拉第电磁感应定律的学生． 40．（6分）如图所示，质置M=5.0×10kg的直升机用缆绳吊着m=1.5×10kg的汽车，从静
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止开始一起竖直加速上升．已知缆绳对汽车的拉力FT=1.59×10N，求： （1）汽车向上加速运动时的加速度大小a；
（2）直升机从静止开始向上运动1.2m时的速率v；
（3）加速上升时，空气对直升机和汽车整体作用力F的大小．
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考点： 牛顿第二定律． 专题： 牛顿运动定律综合专题． 分析： （1）对汽车分析，根据牛顿第二定律求出汽车加速运动的加速度大小． （2）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出上升1.2m时的速率． （3）对整体分析，根据牛顿第二定律求出空气对直升机和汽车整体作用力的大小． 解答： 解：（1）对汽车，由牛顿第二定律：FT﹣mg=ma 2代入数据解得：a=0.6 m/s． 2（2）根据初速为零的匀变速直线运动的速度和位移关系式：v=2ax 代入数据解得：v=2m/s． （3）对直升机和汽车整体，由牛顿第二定律：F﹣（M+m）g=（M+m）a 4代入数据解得：F=6.89×10N． 2答：（1）汽车向上加速运动时的加速度大小为0.6 m/s．； （2）直升机从静止开始向上运动1.2m时的速率为2m/s； 4（3）加速上升时，空气对直升机和汽车整体作用力F的大小为6.89×10N． 点评： 本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题． 41．（8分）如图所示，水平地面上有一长为L、高为h的桌子．质量为m的小物块A从绝缘桌面的左端以初速v0水平向右运动，最终落在地面上D点，D点与桌面右端的水平距离为s．若再次将物块A置于桌面左端，并让其带上电荷量为q的正电荷，在桌面以上区域加一水平向右、大小可调节的匀强电场．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 求：
（1）为使再次置于桌面左墙的带电物块A在桌面上滑动，电场强度的最小值E1；
（2）为使再次置于桌面左端的带电物块A从桌面滑落后仍落在地面上的D点，电场强度E2的值．
考点： 匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理． 专题： 电场力与电势的性质专题． 分析： （1）先根据平抛运动的规律求出物块A刚离开桌面时的速度，为了使物块A在桌面上滑动，其所受电场力至少等于摩擦力Ff，根据动能定理求解电场强度的最小值E1； （2）对滑块在桌面上滑行过程，根据动能定理求解． 解答： 解：（1）由平抛运动规律： s=vtt 得：． ① 由动能定理，考虑到摩擦力Ff做负功， 得： ② 为了使物块A在桌面上滑动，其所受电场力至少等于摩擦力Ff，有F=qE1=Ff③ 由①、②、③式得， （2）由动能定理 得：答： ． （1）为使再次置于桌面左墙的带电物块A在桌面上滑动，电场强度的最小值E1是（﹣） （2）为使再次置于桌面左端的带电物块A从桌面滑落后仍落在地面上的D点，电场强度E2的值是． 点评： 本题考查动能定理及平抛运动，要注意掌握平抛运动的处理方法及动能定理的解题步骤．