【失分警示】对共点力平衡问题的分析是关键。
20. 答案：BD 【命题动向】本题考查电场、电场力的基本概念，考查对静电除尘器原理的理解及对
电场知识的应用．
第一解析：集尘极与电源的正极相连带正电，放电极带负电，尘埃在电场力作用下向集尘极迁移线说明尘埃带负电，故A项错误；电场方向由集尘极指向放电极，故B项正确；带电尘埃带负电， ?因此所受电场力方向与电场方向相反，故C项错误；同一位置电场强度一定，由F?qE可知，??电荷量越多，电场力越大，故D项正确。
?第二解析：在放电极附近，电场线呈辐射形散开，且场强非常强，电子在电场中加速，附着在尘?埃上向集尘极移动，故迁移到集尘极的尘埃带负电，A错误，负电荷向集尘极移动，电场力向从??集尘极指向放电极，其受电场力的方向与场强方向相反，故B正确C错误，由F电?qE，可知，??同一位置E一定，q越大，电场力越大，故D正确。 ??21.【答案】B
?【命题立意】本题考查电磁感应及安培力问题。
?【解析】由于沿QN运动时，开始切割的有效长度增大、之后不变、再之后切割的有效长度减小、
??f?BIL???所以电流将先增大再不变最小减小。由I?B?Lv??可知f?B2L2v00?而此式中的L为切割的有效?R??R?长度，其中L?L0?2v0t(在M'N'出磁场过程)由二次函数图像可知B准确。
?封【失分警示】本题关键是通过二次函数的开口方向区别BC两个选项。
?22. 解析：（1）①同时听到声音说明小球与木块运动时间相同，设都为t，则小球做自由落体运动， ??H?1?2g2t，木块沿斜面下滑做匀加速直线运动，x?1ax2at2，由以上两式可得g?H。 ? ②对木块进行受力分析如图所示，由牛顿第二定律得沿斜面方向： mgsin??Ff?ma ?垂直斜面方向：FN?mgcos??0
FN F? 又有：F??Ff?fN 由以上三式解得a?gsin???gcos?，
?? ?
? 将a?g?xH代入可得：????x2?1?h?H??x2?h2 m g
?? ③由动摩擦因数的表达式可知选c、d。 第22题答案图
? 23. （1）实验原电路图如图所示： ? ?? ? M
RT
A
? ?密 R
S
E
（2）④电阻箱的读数R0 ⑤仍为I0 电阻箱的读数为R1 ⑥R0-R1+150 ?。
（理综）21
24. 【解析】（1）物体A在水平方向上受到向右的摩擦力，由牛顿第二定律得 ?1mAg?mAaA ① 由①并代入数据解得 aA?0.5m/s2
②
（2）t1=1.0 s时，木板B的速度大小为 ?1?aBt1
③ 木板B所受拉力F，由牛顿第二定律有 F??1mAg??2(mA?mB)g?mBaB ④ 电动机输出功率p1?F?1
⑤ 由③④⑤并带入数据解得 P1?7W
⑥
（3）电动机的输出功率调整为5W 时，设细绳对木板B的拉力为 F'，则P'?F'?1 ⑦ 带入数据解得F'=5NT2
⑧ 木板B受力满足F???1mAg??2(mA?mB)g?0
⑨
所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A．B速度等。
设这一过程
时间为t'，有
v1?a1(t1?t')
⑩ 这段时间内的位移s1??1t'
○
11 A、B速度相同后，由于F＞?2(mA?mB)g且电动机输出功率恒定，A和B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动，由动能定理有：
P'(t?1212?t'?t1)?2(mA?mB)gS2?(mA?mB)?A?2(mA?mB)?221
○
12 由②③⑩○11○12并代入数学解得
木板B在t=1.0s到t=3.8s这段时间的位移 s?s1?s2?3.03m（或取s=3.0m）
25.【命题立意】本题考查带电粒子在磁场，电场中运动，即在磁场中的匀速圆周运动及电场中的
类平抛运动问题
【解题过程】粒子在磁场中做圆周运动。设圆周的半径为r，由牛顿第二定律和洛伦兹力公式得
qvB?Mv2r ①
式中v为粒子在a点的速度。
过b点和O点作直线的垂线，分别与直线交于c和d点。由几何关系知，线段ac、bc和过a、b两点的轨迹圆弧的两条半径(未画出)围成一正方形。因此 ac?bc?r ②
（理综）22
设cd?x由几何关系得
ac?45R?x ③ bc?35R?R2?x2 ④
联立②③④式得
r?75R
再考虑粒子在电场中的运动。设电场强度的大小为E，粒子在电场中做类平抛运动。设其加速度大小为a，由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力公式得 qE?ma ⑥
粒子在电场方向和直线方向所走的距离均为r，由运动学公式得 r?12a2t ⑦ r?vt ⑧
式中t是粒子在电场中运动的时间。联立①⑤⑥⑦⑧式得
14qRB2E?5m 【失分警示】带电粒子在磁场中运动轨迹分析，及轨道半径的几何方法计算是解决此问题的关键，
且不可用直线连接aob三点，将会铸成大错。 26.【答案】
Cu?4H??2NO?△ (1)
3?Cu2??2NO2??2H2O或
3Cu?8H??2NO?△
2?3?3Cu?2NO2??4H2O
Au、Pt
(2)将Fe2+氧化为Fe3+ 不引入杂质，对环境无污染 Fe3+、Al3+ (3)加热脱水
(4)甲 所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质 c mol?L?1?b?10?3L?250 g?mol?1(5)
?5a g?100% 【命题立意】考查化学实验的综合能力，从物质的制备、除杂质，既考查了方法又考查了能力，从多种制备途径中，要找到最好的途径，同时又考查中和滴定的相关计算和误差分析。 【解析】(1)Cu不和稀H2SO4反应，只能是Cu和HNO3反应，浓HNO3生成NO2，稀HN03生成NO，Au、Pt还原性差，不和HNO3溶液反应，所以滤渣1的成分是Au和Pt。 (2)H2O2是绿色氧化剂，氧化Fe2+，而生成Fe3+，H2O2生成H2O，无污染。 (3)加热使CuSO425H2O脱去H2O。
(4)滤渣2中有Fe(OH)3和A1(OH)3，加入H2SO4生成杂质Fe2(SO4)3。 (5)n(H2?2Y)?c mol/L?b?10?3L?cb mol由方程式得 CuSO425H2O-CH2+-H2Y2-
（理综）23
1 mol 1 mol cb mol cb mol
20ml中含CuSO425H2O是cb mol，则100ml中含5cb310-3mo1所以CuSO425H2O质量分数c mol?L?1?b?10?3L?250 g?mol?1表达式???5a g?100% a．无影响 b中滴定终点尖嘴有气泡导致标准液体积读数偏小，则Cu2+浓度偏低，c中杂质消耗一部分标准液，导致标准液体积偏大，使Cu2+偏大。 27.【答案】(1)-41.2 (2)小于 (3)p3(H2)?p(CO)p(CH增大
4)?p(H2O)(4)系统内强放热的甲烷氧化反应为强吸热的蒸汽重整反应提供了所需的能量(其他合理答案均可) (5)①B ②
(6)甲烷氧化程度过高，氢气和氧气反应(其他合理答案均可) 【命题立意】考查化学平衡的计算和图像，盖斯定律的应用。
【解析】(1)CH4(g)?H2O(g)?CO(g)+3H2(g)，?H=+206.2kJ/mol① CH4(g)?2H2O?CO2(g)+4H2(g) ?H=165 kJ /mol②
②-①得CO(g)?H2O(g)?CO2(g)+H2(g) ?H=-41.2 kJ /mol
(2)甲烷氧化反应活化能低，而且是放热反应，初始速率较快。
p3(3)K(Hp只是所有物质的浓度都换成压强，其它和平衡常数表达式一样，K2)?p(CO)P?p(CH升温
4)?p(H2O)向正向吸热方向移动，生成物p(H2)p(CO)增大反应物变小，所以Kp变大。 (4)先进之处是放热反应产生的能量能充分利用节约能源。
(5)①当温度高700℃时，H2物质的量分数>65%，而温度低于700℃时，CO的物质的量分数<10%，所以最合适的是B选项700℃，②H2的物质的量分数随着时间不断增大当到600℃时，H2的物质的量分数约为70%，之后基本保持不变。 (6)过量O2和H2反应，使H2减少。
【失分警示】图像分析比较复杂，容易分析失误。
28.【答案】（1） 高温2[Mg 2A l (OH) 6Cl?xH2O]?4MgO+Al O ? 2HC l ? ? (5 ? 2x)H O ? （2）a-e-d-b吸收HCl气体 检查气密性 232（3）将分解产生的气体全部带入装置C、D中完全吸收，防止产生倒吸（合理答案均给分） (4)3 偏低
(5)装置C的增重及样品质量(样品质量及样品分解后残余物质量或装置C的增重及样品分解后残余物质量)
【命题立意】本题考查实验综合能力和书写化学方程式。
（理综）24
密????????????????????封??????????????????? 线
【解析】(1)一般先失去结晶水，氯元素在燃烧或分解时一般生成HCI，难溶碱生成对应的氧化物和H2O。
(2)先测H2O的质量，防止通过NaOH溶液又引入H2O，吸收气体装置要长进短出，NaOH溶液 用来测量HCl质量，加药品之前必须检查装置气密性。
线(3)为了把HCl，H 2O完全吸收，必须用N2把装置中残留的气体全部带人C、D装置，完全被吸?收，同时通人N?2增加导管中压强，防止倒吸。 ?(4)C装置吸收HCl,n(HCl)?3.65g?36.5g/mol?0.1mol，D装置吸收H2O,n(H2O)=9.9g
?n(H2O)=9.9g/18g/mol,由(1)中方程式得 ??2HCl—(5+2x)H2O ?2 mol (5+2x) mol ?0.1 mol 0.55 mol
??25?2x?0.1?0.55解得x=3 ?(5)Mg2Al(OH)6Cl1-2y(CO3)y2zH2O分解产物有MgO，Al2O3,HCl,CO2,H2O,由c装置增重，计算出??HCl和CO2总质量，由方程式计算出HCl和CO2的质量比，可求出HCl和CO2的质量样品分解?残留物有MgO和A12O3，，根据方程式计算出MgO和A12O3的质量比，可求出二者的质量最后?根据方程式上MgO，HCl，H2O的关系列方程组，可求出z，所以至少需要测二项。
?29. 【命题动向】本题主要考查光合作用的影响因素及识图能力的相关知识，属于考纲理解、分析层
?封次。
?答案：(1)无 0～4时无光照，光合作用的光反应不能进行 有
??此时吸收CO2，可利用白天光反应产生的ATP和?H?进行暗反应 植物为减少蒸腾作用，??气孔关闭，不吸收CO2 ? (2)干旱 减少光照强度 ??(3)全能性 基因的选择性表达
?第一解析：(1) 0～4时，由于没有光照，光合作用的光反应不能进行，无ATP 和?H?的合成；???此时段有光合作用暗反应的发生，因为此时吸收CO2，可利用白天光反应产生的ATP和?H?进??行暗反应；10～16时属于中午时段，此时阳光强烈，植物为减少蒸腾作用，气孔关闭，不吸?收CO2。
??(2)从图2可知，栽培蝴蝶兰应避免干旱，以利于其较快生长；由于蝴蝶兰属阴生植物，栽培?时还需适当注意防止光照强度过强。
?(3)植物幼苗可通过植物组织培养技术大规模生产，原理是利用植物细胞的全能性；细胞分化?的根本原因是基因选择性表达的结果。
密第二解析：(1)由图1可知，长期干旱条件下的蝴蝶兰在0～4时，CO2的吸收速率为
3μmolm2?s，说明能利用外界环境中的CO2，所以有光合作用暗反应的进行；ATP 和?H?不
（理综）25
仅是光反应阶段的产物，也是呼吸作用的产物，活细胞都能进行呼吸作用；在干旱条件下，由于水的限制作用，气孔关闭，CO2进入受阻，所以光合作用明显降低。
(2)由图2可知，干旱条件下干重的增加量大约只有正常情况的四分之一，所以要使其较快生长，需要克服水分这一限制因素，阴生植物栽培时应避免强光照射。
(3)植物组织培养技术充分利用了植物细胞的全能性，细胞分化的根本原因是基因的选择性表达。 30.命题动向：本题考查了内环境的稳态及调节，属于理解应用层次。
答案：（1）细胞外液渗透压 抗利尿激素减少 通透性 负反馈
（2）突触小泡 特异性受体 肝糖原 胰岛素
解析：（1）一次性摄入大量的水，将使细胞外液如血浆的渗透压降低，减少了抗利尿激素的释放，从而降低了肾小管和集合管对水的重新收能力，饮水1小时后，水分大量吸收，渗透压降低，刺激渗透压感受器减少抗利尿激素的释放，因此属于神经一体液调节。
（2）神经递质是由末梢内的突触小泡释放的通过体液的传送，到达靶细胞，并与靶细胞膜上的受体结合从而作用于靶细胞，使肾上腺的分泌增加，促进肝糖原的分解，抑制胰岛素的分泌，引起血糖浓度升高。 31.【答案】(1)常
(2)一对等位 孟德尔分离 (3)环境因素
(4)自发／自然突变 突变基因的频率足够高 (5)d
(6)提前终止 代谢速率 产仔率低
【命题立意】本题考查遗传的基本定律、遗传与变异的关系及基因对性状控制的过程。 【解析】(1)由于I、Ⅱ的亲代是纯合脱毛与杂合子杂交的，且Ⅰ和Ⅱ杂交的情况属于正交和反交，它们的子代中脱毛、有毛性状均不存在性别差异，这说明相关基因是位于常染色体上的。 (2)Ⅲ组是选两个杂合子杂交的，子代有毛：脱毛=110：29，接近3：1的比例，说明脱毛、有毛性状是由一对等位基因控制的，相关基因的遗传符合盂德尔分离定律。
(3)Ⅳ组选两只脱毛纯合杂交，子代均是脱毛的，繁殖结果说明小鼠表现出的脱毛性状不受环境因素影响。
(4)在封闭小种群中，偶然出现的基因突变没有受到人为因素的诱导，属于自发突变。基因突变的个体在小种群中不是常见的，若此种群中同时出现几只脱毛小鼠，出现的条件是突变基因的频率足够高。
(5)a密码子发生的变化若是由GGA变为AGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是C→T，b密码子发生的变化若是由CGA变为GGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是G—C；c密码子发生的变化若是由AGA变为UGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是T→A；d密码子发生的变化若是由CGA变为UGA，则突变基因序列模板链中的碱基变化按碱基互补配对原则，发生的变化应该是G→A。故符合题意的是d。 (6)若突变基因表达的蛋白质相对分子质量明显小于突变前基因表达的蛋白质，则原因是蛋白质合成提前终止。进一步研究发现，该蛋白质会使甲状腺激素受体的功能下降，甲状腺激素调节功能下降，甲状腺激素能促进动物的新陈代谢，据此推测脱毛小鼠细胞-的代谢速率下降，由
（理综）26
于雌鼠代谢下降会影响繁殖，这就可以解释表中数据显示的脱毛雌性小鼠产仔率低。 【失分警示】遗传的基本定律是有规律可循的，这一规律体现在亲代到子代的繁殖过程中，所以本题的关键是抓住杂交亲本的基因型推导子代的基因型、表现型及比例。
32. 【答案】(1)磷脂ADP+Pi+能量????酶1酶????2ATP (2)自然选择 (3)B (4)
【命题立意】本题考查的是细胞中含磷的主要化合物，APP与ATP的转化关系；自然选择与生物进化的关系；环境污染对生物的影响等知识点。
【解析】(1)细胞膜的基本支架是磷脂双分子层。APP与ATP的转化关系为
ADP+Pi+能量????酶酶??1??2ATP (2)不同的环境下，生物的种类不同，是自然选择的结果。
(3)水体中限制浮游动物数量的因素有食物、天敌、有毒物质的浓度或溶氧量。但水体中溶氧量较高时，浮游动物的数量较多。
(4)浮游植物和浮游动物体的含磷有机物均有一部分交由分解者分解为无机物。 【失分警示】学生在(3)中易错，主要原因是审题不仔细。 33.(1)【答案】ACE
【命题立意】本题考查改变物体内能的方式及第二定律。
【解析】第二定律内容为不可能从单一热源吸收热量使之全部用来做功，而不引起其他变化，其中而不引起其他变化是关键，即体现了宏观的实际过程的不可逆性，(即单方向变化)。 【失分警示】注意对热力学第二定律的理解。
34. (1) 【答案】AD【解析】若振幅为0.1m,则(n?1482)T?3s，当n=0时，解得T?3S,故选项A正
确、B错误；若振幅为0.2m, 则(n?12)T?4s,当n=0时解得，T=8s,所以选项C错误、D正确。
(2)【答案】1sin45?4?R【解析】光路图如图所示，由光的折射定律可知；sin??2，解得?1?30?；
1又sinC?1n?22,所以C?45?，利用几何关系可以求出透光的区域所对的圆心角是14?R。 A
O
?
B
35.解析：（1）①根据衰变过程电荷数守恒与质量数守恒可得衰变方程：
（理综）27
131131053I?54X+?1；e②每经1个半衰期，
有半数原子核发生衰变，经2个半衰期将剩余14，即有75%发生衰变，即经过的时间为16天。
（2）设乙船上的人抛出货物的最小速度大小为?min，抛出货物后船的速度为?1，甲船上的人接到
货物后船的速度为?2，由动量守恒定律得 12m??0?1m1??1?m??m in ① 10m??20?m??min?1m1?? 2 ②
为避免两船相撞应满足
?1??2 ③ 联立①②③式得
?min?4? 0 ④
答案：（1）①131054X??1e ②16 （2）4?0
【命题立意】本题考查了衰变过程的特点、衰变方程的书写、半衰期的理解和动量守恒定律，考
查了理解能力，属较容易题。 36.(1)分馏塔 连续
(2)催化裂化 轻质燃料油(或汽油) (3)硫(S) 浮动 (4)催化剂 氢气(H2)
37.【答案】(1)< (2)1s22s22p63s23p63d5(或[Ar]3d5)
(3)硅烷的相对分子质量越大，分子间范德华力越强(或其他合理答案) (4)①sp2、sp3 4，5(或5，4) 2 ②ADE
【命题立意】本题考查分子性质、第一电离能、核外电子排布、分子结构及化学键。 【解析】(1)同周期元素第一电离能从左到右增大趋势。
(2)Mn原子失去最外层两个电子变成Mn2+，所以核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d5 (3)根据规律组成和结构相似的分子，若相对分子质量越大，范德华力越强，熔沸点越高。 (4)①因为H原子形成一条键，O原子两条键，所以黑球是B原子，B原子形成了3条单键和4条
单键，所以分别为sp2杂化、sp3杂化；因为B原子最外层有3个电子，最多形成3对共用电子对，所以4，5之间一定形成配位键；由所给球棍模型得，该阴离子由4个B、4个H、9个O组成，其中B显+3价，H显+1价，O显一2价，所以m=2 ②阴阳离子间存在离子键，阴离子中的原子间存在共价键，阴离子与水分子间形成氢键。 【失分警示】要根据价键规律和空间结构来判断。 38.【答案】(1)①加成(还原)反应
②
③苯
(2)①碳碳双键
（理综）28
密????????????????????封??????????????????? 线
线
?(3)a d ?(4) ? ?? ? ? ??
(CH3)2C
?【命题立意】本题考查有机物的推断及有机物的性质，涉及同系物、同分异构体的概念以及重要
?官能团的化学性质，能力层级为B。
?【解析】(1)①B生成对孟烷时，B和氢气加成，为加成反应或还原反应；②根据转化关系，可推??出A为甲苯，故(CH3)2CHCl和甲苯反应的方程式为：
?? ;
??③甲苯的同系物中相对分子质量最小的是苯；(2)①F和氢气加成得到对盂烷，故其结构中一定
?含有的官能团是：碳碳双键；②根据图中的转化关系，可推出C为间羟基甲苯，结构简
封OH ???式为 CH 3
③反应I的化学方程式为：
?
???? ； (3)根据其中的物质，可推出甲苯能使高锰酸钾褪色，a对；C存在
?醛类的同分异构体，b错；D为酚类，E属于醇类，前者的酸性强，c错；E的结构中含有??羟基，其沸点高于对孟烷，d对；(4)与NaHCO3反应放出CO2，则其中含有羧基，从G的?化学式知，分子中还应含有一个碳碳双键，由核磁共振氢谱的峰面积之比为3：2：1可推 ? ?CH?知，G的结构简式为： 3
C
CH 2
可推出反应Ⅱ的方程式为：
? COOH
? ?? ? 密
(CH3)2C
【失分警示】推断分析能力欠缺以及对官能团性质的掌握不牢固，导致推断错误。另外容易出现
（理综）29
书写化学方程式时，漏掉部分小分子的现象。
39. 答案：?易挥发．难溶于水．化学性质稳定 不是 玫瑰精油随水蒸气一起蒸馏出来，所得到
的是油水混合物
（2）蒸馏温度 在一定的时间内提取量随蒸馏时间的延长而增加，一定时间后提取量不再增加
（3）下降 部分精油会随水蒸气挥发而流失； （4）较低 减 少挥发或防止挥发
（5）a （6）能 薄荷油与玫瑰精油的化学性质相似
40. 解析：（1）对于实验动物大鼠，如果是从活体输卵管中采集的卵母细胞，可以直接与获能的精子
在体外受精。如果是从已处死的雌鼠卵巢中采集的卵母细胞，需要在体外经人工培养成熟后，才能与获能的精子受精。(2)题图中的高血压相关基因作为目的基因，质粒作为载体，二者需用同种限制性核酸内切酶切割后才能连接成重组载体，该过程与质粒上有限制酶切割位点有关。(3)若在子代大鼠的体内检测出与高血压相关的蛋白质，则从分子水平上说明高血压相关基因已成功表达；若子代大鼠的血压升高，则从个体水平上说明高血压相关基因已成功表达。(4)在转基因动物的培育过程中，需要用到的胚胎工程技术主要有体外受精技术、早期胚胎培养和胚胎移植等。 答案：（1）卵巢 （2）目的基因 载体 同种限制性核酸内切酶(或同种限制酶) 限制酶切割位点 （3）检测到体内有相关蛋白 出现高血压 （4）体外受精
【命题立意】本题主要考查基因工程的基本操作程序和胚胎工程的有关知识。考查考生识图、综
合分析能力，难度中等。
万卷三年高考模拟卷理综(三)
1. 答案：C解析：接种疫苗后，机体会产生记忆细胞，也分泌抗体；如果有同样的抗原再次刺激机
体时，记忆细胞会快速增殖分化，产生大量新的效应B细胞和新的记忆细胞，效应B细胞进而
产生抗体消灭抗原，这就是二次免疫反应。接种乙肝疫苗之所以要间隔注射三次，目的就是激发机体二次免疫反应的机制，使机体产生更多数量的抗体和淋巴细胞。
2. 答案： D 解析：由图示可知，在50分钟内，相应的酶的活性为0，但是不能说明没有相关的基
因；大肠杆菌利用葡萄糖的方式有两种，50分钟内主要直接通过利用葡萄糖，而葡萄糖较少时，
可以利用乳糖。
3. 答案：B解析：重力对根的影响是均匀的，所以根水平生长；而茎相当于感受单侧光的刺激，向
光生长，起始位置相当于向下。 4.【答案】C
【命题立意】本题考查生物的种间关系，能力层级为B。
【解析】A金合欢蚁以金合欢树的花蜜为食，可以从花蜜中获取能量，与题意不符，错误。B金合
欢蚁可以保护金合欢树免受其他植食动物伤害，是为自己驱逐竞争者，与题意不符，错误。C金合欢树是植物，属于生产者，其竞争者应该也是绿色植物，金合欢蚁不会也不可能驱逐，与题意相符，正确。D金合欢蚁与金合欢树有密切的种间关系，在演化的过程中可以共同进化，与题意不符，错误。
【失分警示】金合欢蚁可以保护金合欢树免受其他植食动物伤害，而不能消除金合欢树以外的其他植物，是为自己驱逐竞争者。
5. 答案：D解析：图①电流表指针不偏转，说明甲乙两个电极处的膜外电位的大小与极性相同；由
（理综）30