于②电流方向为甲→乙，所以图②中乙为受刺激部位，而甲为静息部位，甲电极处的膜处于极化状态，乙电极处的膜处于去极化过程；与图②类似的，图④电流方向乙→甲，说明乙部位已恢复为静息电位，而甲部位处于去极化过程，甲电极处的膜处于去极化过程，乙电极处的膜处于极化状态；图⑤电流表不偏转，说明甲乙两个部位均恢复静息电位，即甲乙两个电极处的膜均处于极化状态。
6. 答案：C 命题动向：本题考查了图解的识别及不同温度对细胞呼吸和乙烯产生的影响，属于理
解层次。
第一解析：分析图解曲线可知，t1,t2条件下，呼吸速率和乙烯产生量的变化趋势是相同的，而且都是t1?t2,t1时峰值出现时间提前，但t1时呼吸速率高，有机物消耗大，且乙烯产生量大，叶片容易衰老，不利于叶片贮藏。
第二解析：由图可知，在温度为t1时离体叶片呼吸速率峰值出现时间及乙烯产生量峰值出现均早于t2时。呼吸速率越低，有机物消耗越少，越有利于叶片贮藏，A项错误。由于乙烯有催熟作用，产生的乙烯越少，越有利于叶片贮藏，B项错误。由图示可知，同一器官在不同温度下的呼吸速率曲线和乙烯产生量曲线趋势均相似，由此可知，温度为t1时细胞代谢旺盛，呼吸速率和乙烯产生量均大于t2时，这是由于温度t1高于t2，t1时酶的活性高所致，故C项正确，D项错误。 7.【答案】D
【命题立意】本题：考查一些概念，如同系物、共价键、核素等。
【解析】A中同系物的定义要求分子式只能相差若干个CH2原子团，乙酸分子式C2H4O2，丙二酸分子式是C3H404，分子式相差CO2，错误；B中如果是H元素与氧元素的原子构成H2O2分子，含
有非极性共价键氧氧键，结构式为H－O－O－H，错误；C中23523892U和92U中子数不相同，所以是
不同的核素，错误；D中短周期ⅣA和ⅦA元素形成的分子CCl4满足原子最外层8电子结构。 【失分警示】找不到不同元素的原子构成的分子也可能有非极性键的例子。 8．【答案】D
【命题立意】本题考查实验的基本操作和实验的反应条件和注意事项。 【解析】A中中和滴定不需要加热，中和反应常温也易发生。 B中制乙烯不用隔热，错误。
C中的中和热不用指示剂，测量放出热量，错误。 D制乙烯和乙酸乙酯都用浓H2SO4做催化剂，正确。 9.【答案】B
【命题立意】本题考查化学反应中能量变化，化学键和反应热，化学基本计算能力
【解析】?H3??H1??H2??534?(?2752)??2218kJ/mol ?H3为断键吸收的能量。
H?N?N?HN2H4结构式是 ??????H 4 mol N-H 1 mol N-N
1 mol O=O
?H3=43(N-H键键能)+13154+13500=+2 218
（理综）31
N—H键能=391kJ。
【失分警示】计算没有找到求N—H键键能的方法。 10.【答案】C
【命题立意】考查离子共存，离子反应相关知识，还有考虑电荷守恒离子反应方程式。
【解析】能和过量的盐酸反应中产生沉淀的只有SiO2?2?3+3，有SiO3就不能有 Mg2+、Al，它们反应
产生沉淀没有Mg2+、Al3+，但后来加过量氨水能产生白色沉淀则原来一定有AlO??2,AlO2和盐酸反
应生成Al3?,Al3??3NH?3?H2O?Al(OH)3??3NH4，由电荷守恒得必须有阳离子，一定有 K+ ，
综上得：一定有K+，SiO2??3，AlO2，C项正确。A中甲可能是SO2和 CO2的混合物，
SiO2??2??2?3?2H?SO2??H2O,CO3?2H?CO2??H2O,B中沉淀不可能有MgSiO3，D中CO3和
SO2?4可能存在，错误。
【失分警示】必须熟练掌握离子反应方程式。
11.【答案】BC【命题立意】本题考查溶液中离子浓度之间的关系，能力层级为B。
【解析】A项，随着pH的增大，碱性增强，c(CH3COO―)增大，c(CH3COOH)减小，当pH=5.5时，从图中可判断出，c(CH3COO―) > c(CH3COOH)，错误；
B项，W点存在的电荷守恒方程式有：c(Na?)?c(H?)?c(CH3COO?)?c(OH?)，物料守恒方程式有2c(Na?)?c(CH?3COO)?c(CH3COOH) ，从图中看，W处c(CH3COO?)?c(CH3COOH) ，所以c(Na?)?c(CH?3COO?)，代入电荷守恒方程式得，c(H?)?c(OH)正确； C项，由电荷守恒方程式知，
c(Na?)?c(H?)?c(OH?)?c(CH13COO?)而 c(CH3COOH)?c(CH?3COO)?0.1 mol?L?，
所以c(Na?)?c(H?)?c(OH?)?c(CH?13COO)?0.1 mol?L?，正确；
D项，W处的1L溶液中，CH3COOH和 CH3COONa 均为0.05mol，通入0.05 mol HCl,刚好与CH3COONa完全反应生成CH3COOH，即混合液体为CH3COOH和NaCl，根据CH3COOH溶液
的质子守恒方程式有 c(CH3COOH)?c(H?)?c(OH?)，错误。
【失分警示】解答此类试题常容易出现以下错误：质量守恒易遗漏中心元素的某种存在形式，电荷守恒易遗漏离子的电荷，电离程度和水解程度主次不明确，电离程度和水解程度主次不明确，电离和水解方程式一是遗漏，二是使用等号还是可逆符号，对谁结合电离程度判断失误。 12. 答案：BD
（理综）32
密????????????????????封??????????????????? 线
解析：甲乙投法的投入量相当，形成相同平衡状态即等效平衡，所以c1?c2,a?b?92.4,p1?p2,?1??2?1。所以B正确。而体积不变时加入4molHN3相当于甲乙加压，平衡正向移动，则c3大于2c1，A错；同理p3?2p2，而?3??2，所以?1??2?1，所以C
线错误，D正确。
?13．答案：D 【命题动向】本题考查电化学原理中的离子移动、电极反应。
?第一解析：A正确，a、b不连接时，没有形成原电池，但是铁会与硫酸铜发生置换反应；B正确，?若a、b连接时，则形成了原电池，且铁是负极，铜是正极，在铜片上应该是铜离子得电子变为单?质铜；C正确，无论a、b是否连接，都会发生铁与硫酸铜的反应；D不对，若a接正极，则a是??阳极，此时形成的是电解池，溶液中的离子移动符合“阴阳结合”，即阳离子应该移向阴极即铁电?极。
?第二解析：a和b不连接时，铁与CuSO4溶液发生反应：
??Fe+Cu2? Fe2++Cu ，A项正确；a和b用导线连接时，组成了原电池，Fe作负极，作正
?极，铜片上发生还原反应：Cu2++2e? Cu ，铁片上发生氧化反应：Fe-2e? Fe2+，?B项正确；通过以上分析可知，无论a和b是否连接，均发生反应：Fe+Cu2? Fe2++Cu，??故溶液均从蓝色(Cu2+的颜色)逐渐变成浅绿色(Fe2+的颜色)，C项正确；a和b分别连接直流电源?正、负极时，构成电解池，铜片作阳极，铁片作阴极，Cu2+应向阴极(铁电极)移动，D项错误。 ?14.【答案】AD 【命题立意】本题考查惯性定律(牛顿第一定律)的理解。
?【解析】物体保持原来的运动状态的性质，即为惯性，亦为力不是维持物体运动状态的原因，是??改变物体运动状态的原因。
封15. 答案：A 命题动向：本题考查匀变速直线运动规律的应用，以及灵活应用运动学公式的解题能
?力。
??解析：第一段?x的中间时刻的速度为??x1??t，第二段?x的中间时刻的速度为??x2?1t，
2??则加速度a??2??1?t?2?x?t1?t2?1?t2t1t2?t1?tA正确。
2?，2??16. 答案：BD
? 解析：对物体，克服绳的拉力做功，故其机械能减小，所以A错；软绳重力势能减少量
???E?mg?ll1?2?mg2?sin??4mgl，故B正确；由能量关系可知C错、D正确。
?17. 答案：C解析：将题中模型等效为斜面模型，如图所示这些斜面具有相同的高度，故选择C。 ??18.【答案】B
?【命题立意】本题考查万有引力定律和开普勒定律在天体中的应用。
??【解析】卫星绕地球沿圆轨道运动，由万有引力提供向心力有Mm?rm(2?2r3GM2?T)r，得T2?4?2，卫
密a3星绕地球沿椭圆轨道运动，由开普勒第三定律有T2?定值，此定值由地球决定。所以两者可能
具有相同的周期，故A错。沿椭圆轨道运动的卫星在近地点速率最大，在远地点速率最小，所
以由近地点向远地点运动和由远地点向近地点运动过程中一定有速率相同的两个位置，故B正
（理综）33
3确。由GMm(2?GMT2r2?mT)2r,得r?4?2,由于同步卫星都与地球的自转周期相同，所以同步卫星半径也都相同，故C错。通过北京上空的卫星其轨道平面可以与地轴成一定的角度。也可以是极地卫星，所以轨道平面不一定重合，故D错。 【失分警示】公式不熟练，对于卫星做椭圆运动理解不够。 19.【答案】B【命题立意】本题考查了三力平衡。
【解析】考查三力平衡。将拉力沿竖直方向分解，利用平衡得：2Fcos45??G，F?22G，选B。
【失分警示】共点力没弄准。
20. 答案：D 【命题动向】本题考查曲线运动、电场力及场强、以及功的正负判断等知识，属于中等
题。
第一解析：物体做曲线运动时，速度方向是曲线上某点的切线方向，而带负电粒子所受电场力的方向与场强的方向相反；又由曲线运动时轨迹应该夹在合外力和速度之间并且弯向合外力一侧，而又要求此过程速率逐渐减小，则电场力应该做负功，所以力与速度的夹角应该是钝角、，综合可得D正确。
第二解析：由a至c的弯曲情况可知受力方向 指向图中虚线的右下方， b点的速度方向?b。 如图，由a至c速率递减可知受力方向如图中
F，?角大于90°，因为电荷为负，故场强方
向应与F反向，故D正确。
21. 答案C
第20题解析二图
解析：UQU1?C,E1?1d。
当板间距变为12d时，由C=?S4?kd可知电容变为2C，而带电荷量也变为2Q，故U2Q2?2C?UU2U1,E2?1?21d?2E1，故C选项正确。
2d22.（1）减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度） 【命题立意】本题考查在能量转化过程中，物体所获得速度大小的决定因素。
【解析】A释放后会撞到滑轮，说明B落地时A获得的速度较大。本题中A物体的动能主要来源于B物体的重力势能，所以要减小A物体的速度可以减小B物体的重力势能，即减小B物体的质量或通过增加线长来降低B的起始高度，增大A物体的质量也可以减小A物体的速度。 【失分警示】对系统能量转化理解不到位，对影响速度的因素掌握不好。 (2)如图所示
（理综）34
析的能力。
【命题立意】本越考查描点、连线的作图能力。
【失分警示】点描的不够小，线画的不够细，不用尺作图，使误差较大。 (3)0.4
【命题立意】本题考查动能定理的应用和对图像的理解能力。
【解析】由动能定理有Mgh??mgh?12(M?m)v2，
??mgh?0?12mv2，联立解得sM??mh??(M?m)。 式中
sh为图线的斜率，由图线得sh?0.94。代人数值解得??0.4。 【失分警示】使用动能定理时不能完全掌握力做功，不能很好地理解图线的斜率。 (4)偏大
【命题立意】本题考查实验误差分析。
【解析】实验中滑轮轴存在摩擦，在计算过程中摩擦的作用都算在了滑动摩擦上，所以得到的?会偏大。【失分警示】不理解实验过程中滑轮的摩擦表现出来了，并把它加在了滑动摩擦上。 23. 答案：
（1）①断开待测电阻，将选择开关旋到“×100”档：
②将两表笔短接，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0 ?”； ③再接入待测电阻，将指针示数×100，即为待测电阻阻值。 （2）如图所示
第23题（2）图
（3）电阻 1、2 1
命题动向：（1）本题考查多用电表的使用，以及同学们实验操作能力。
（2）本题考查伏安法测电阻，安培表内外接对电阻测量的影响，实物图连接，以及同学们误差分
（理综）35
解析：从上一问可以粗略地知道被测电阻为几千欧，与电压表的内阻相近，因此安培表应用内接法，实物图连接如图。
（3）本题考查多用电表内部结构原理，以及同学们对多用电表原理的掌握。
解析：多用电表测电阻时，电源内置，作为电流表时，电阻与表头并联，并联电阻越小，电流表的量程越大。
24.【命题立意】本题考查平抛知识，机械能守恒定律、动能定理。 【解题过程】(1)由平抛运动规律，有 竖直方向h?122gt 水平方向s?vt
得水平距离s?2hgv?0.90m (2)由机械能守恒定律，动能E1K?2mv2?mgh?0.90J (3)由动能定理，有??mg?l?1mv2?1mv2220 得初速度大小v0?2?gl?v2?4.0m/s
【失分警示】平抛运动处理方法和物体运动的初末状态把握不准确。
25.解析：（1）由匀速度运动的公式：s?12at2 ①
得
a?2st2
②
（2） 设连接杆对拖拉机的拉力为f，牛顿第二定律得：
F?kMg?fcos??Ma ③
根据牛顿第三定律，联立②③式，解得拖拉机对连接杆的拉力大小为：
W???2s??F?M(kg?t2)??
④
（3）拖拉机对粑做的功：
W?f/scos?
⑤
取立④⑤式解得：
W???2s??F?M(kg?t2)??s
⑥
26.【答案】(共12分) (1)c、d
(2)Fe3+；取少量溶液，滴加KMnO4溶液，KMnO4褪色 高温 (3)
3Cu2O?2Al?Al
2O3?6Cu
（理综）36
密????????????????????封??????????????????? 线
(4)b、d
(5)4H??O2?4e??2H2O
【命题立意】本题考查元素化合物、电化学部分的内容。
线【解析】(1)SO3+遇KSCN溶液变红；(3)利用Fe2+的还原性 2为酸性气体，用碱性溶液吸收；(2)Fe?使KMnO正极发生还原反应。 ?4紫色褪去；(5)?【失分警示】在设计Fe2+检验时忽略Fe3+的存在。 ?27.【答案】 ?(1)圆底烧瓶
??(2)连接导管，将导管插入水中；加热试管，导管口有气泡产生；停止加热，导管内有水回流并形成?一段稳定的水柱。 ?△
??(3)①
(NH4)2SO4?Ca(OH)2?2NH3??2H2O?CaSO4
?②B
??③氢氧化钠溶于氨水后放热、增加氢氧根浓度，使NH3?H2O??????NH3?H2O??????NH??4?OH向
??逆方向移动，加快氨气逸出 ?(4) 5V1:7(m1-m2)
?(5)浓硫酸吸收了未反应的氨气，从而使计算的氢的量偏高 碱石灰(氢氧化钠、氧化钙等) ?封【命题立意】以实验室进行物质的制备为问题情境，把实验室常见仪器的使用，常见气体的制备，检?查装置气密性的方法：同时给出两种方法，考查学生对实验的设计和评价能力，这些都突出了实验在?高中化学中的重要地位。
??【解析】（1）不带支管，圆底，叫圆底烧瓶。(2)利用压强差检验。（3）①NH??4和OH反应加热产生
??NH3。②B装置中分液漏斗中加入浓氨水通过活塞控制产生NH3速率，而C装置中把氢氧化钠放到有?孔塑料板上，只要和水接触，迅速溶解，不能使用C装置。③NaOH??OH??Na?，OH?抑制?NH3?H2O电离。
??(4)氮原子生成NV1L2,nN?2nV1?2?22.4L/mol,氢原子生成H2O???2H?O,氧原子来自氧化铜??m(O)?m(CuO)?m(Cu)?m1?m2,
nm(O)H?2n(O)?2??2?m1?m2?M(O)16,
??2?Vn1?N?n?2?22.4(m?5V1(5)浓H2SO4吸收NH3和H2O的质量偏高,由H2O计算出m(H)增H2?1?m2)7(m1?m2)?大,所以氮、氢原子个数偏小;要想测量准确必须只吸收H2O而不吸收NH3,选用碱石灰. ?【失分警示】计算要准确 密28.【答案】(1)ACB(按序写出三项)
(2)① 残余清液中，n(Cl-)>n(H+)(或其他合理答案) ② 0.1100
（理综）37
③ 偏小 ④(i)Zn粒 残余清液(按序写出两项) (ii)装置内气体尚未冷至室温 【命题立意】本题考查化学实验基本操作、基本计算及实验分析能力。 【解析】(1)操作顺序应是加固体，滴液体，加热。
(2)①反应后还生成氯化锰，所以溶液中n(Cl-)>n(H+),不能测出剩余的盐酸量 ②c=22.0030.1000÷20.00=0.1100
③由于碳酸锰的溶度积小于碳酸钙，所以有部分碳酸钙转化为碳酸锰，使称量的剩余固体质量偏大，则使反应掉的固体质量偏小，故盐酸量偏小。
④为保证残留液体不因粘在器壁上而损失，所以要把锌粒倒人液体中；排除仪器和操作的影响，气体体积的变化就是由于反应放热造成的，所以随温度降低体积减小。
【失分警示】注意对溶度积的理解。 29. 答案：(1)C3化合物
(2)暗反应速率在该环境中已达到稳定，即C3和C5化合物的含量稳定,根据暗反应的特点，此时
C3化合物的分子数是C5化合物的2倍，当CO2浓度突然降低时，C5化合物的合成速度不变，
消耗速率却减慢，导致C5化合物积累 (3)高
(4)低CO2浓度低时，暗反应的强度低，所需ATP和?H?少
【命题动向】本题主要考查光合作用的影响因素及识图能力的相关知识，属于考纲理解层次．
第一解析：(1)CO2浓度降低，直接影响暗反应CO2的固定，根据CO2+C5?2C3，推出C3的量减少，确定物质A是C3化合物，物质B是C5化合物．
(2)CO2浓度为l％时，暗反应保持稳定，依据暗反应中CO2 的固定的反应式可确定，C3的量应是C5的量的2倍；CO2浓度降低，CO2的固定作用减弱，C5的消耗减少，而生成量基本不变，导致C5的量增多。
(3)CO2浓度为0.003%时，C3和C5的浓度保持稳定后，暗反应保持稳定，此时暗反应中CO2的固定反应再次达到平衡状态，C3的量应是C5的量的2倍．
(4)CO2浓度降低，达到最大光合速率时所需的光照强度降低，因为暗反应减弱，所需的ATP和
?H?减少，光反应强度减弱。
第二解析：(1)由题干提供的信息可推知，植物由l％CO2浓度环境转移到0.003％CO2：浓度的环境中后，植物暗反应阶段的CO2固定速率减小，因此，C3产生量减少，C5相对增加，由此可确定A为C3，化合物，B为C5化合物。
(2)在CO2浓度为l％的环境中物质B的浓度(C5化合物)比A的低，原因是CO2浓度相对高，
CO2 固定与C3化合物的还原达到动态平衡，根据暗反应中CO2固定和C3化合物还原的反应式：
CO+C?H?、ATP25?2C3;2C3????酶???CH2O?+C5?可知C3化合物分子数比C5化合物分子数多。将CO2浓度从1％迅速降低到0.003％后，影响了CO2的固定，C5的消耗减少而C3化合物的合成
速率不变， 因此C5化合物浓度升高。
(3)若使该植物继续处于CO2浓度为0.003％的环境中，暗反应中C3和C5化合物浓度达到稳定时，物质A的浓度要比B的浓度高。
（理综）38
(4)由于0.003％CO2浓度下的暗反应强度比l％CO2浓度下的低，所以所需ATP和?H?少，因此所需的光照强度也较低。
30. 答案：（1）胰岛素和生长激素对大鼠生长的影响 （2）垂体和胰腺 单位体重注射量乘以体重
（3）促进大鼠生长（及加强生长激素的促生长作用） 大于
（4）降低 胰岛素浓度升高和胰高血糖浓度降低，促进了组织细胞加速对葡萄糖的摄取、利用和储存，抑制了糖原分解和非糖物质转化为葡萄糖 （5）胰岛素 胰高血糖素
解析：（1）由图1可知该实验的目的是探究胰岛素和生长激素对大鼠生长的影响。（2）手术应切
除垂体和胰腺，排除它们产生的激素对实验结果的影响。每次注射激素的量为单位体重注射量乘以体重。（3）图1表明胰岛素具有促进大鼠生长的作用，胰岛素和生长激素的共同效应大于它们的单独作用。（4）刺激副主感神经，血糖浓度将下降，原因是胰岛素浓度升高，胰高血糖素降低，促进了组织细胞对葡萄糖的摄取、利用和储存，抑制了糖原分解和非糖物质转化为葡萄糖。（5）要证实胰岛素能直接抑制胰岛A细胞分泌，可在胰岛组织中注射胰岛素，通过检测注射前后周围血液中胰高血糖素的浓度变化来确定。 31.【答案】 (1)2 8
(2)XrY Y(注：两空顺序可颠倒)XRXr、XRXrY (3)3：1 1／1 8
(4)M果蝇与正常白眼雌果蝇杂交，分析子代的表现型 Ⅰ子代出现红眼(雌)果蝇 Ⅱ子代表现型全部为白眼 Ⅲ无子代产生
【命题立意】本题考查减数分裂、基因的自由组合定律、变异等主干知识。
【解析】(1)正常果蝇的减数第一次分裂染色体组数仍为两组，因为染色体的着丝点没分开。减数第二次分裂后期由于着丝点已分开，染色体数恢复到体细胞水平8条。
（2）白眼雌蝇（XrXrY）与红眼雌蝇（XRY）杂交，产生的红眼雌蝇基因型为XRXr和XRXrY。因为白眼雌蝇（XrXrY）可以产生四种配子─Xr、XrY、XrXr、Y，红眼雌蝇（XRY）可以产生两种配子─XR
、Y，它们随机交配可以产生多种结合组，基因型为XR
Xr
和XR
Xr
Y的个体表现为红眼雌蝇。
（3）F1的基因型为AaXR
Xr
和AaXr
Y，相互交配F2灰：黑=3:1，红：白=1:1，因此灰红：黑白=3:1；F2灰身红眼雌蝇的基因型为1/3AAXRXr，2/3AaXRXr，灰身白眼雌蝇的基因型为1/3AAXrY ，2/3AaXrY，随机各取一只，出现黑身白眼（aaXrXr、aaXrY）的比例为2/332/331/431/4+2/332/331/431/4=1/18。
（4）M果蝇的基因型可能为XRY、XrY或XO三种中的一种，M与正常雌性白眼（XrXr）交配，子代可能出现下列三种情况Ⅰ─雌性出现红眼，Ⅱ─全部白眼，Ⅲ─无后代（因为XO不育）。 【失分警示】利用好题干信息，如XXY─雌性可育、XO─雄性不育、XXX─死亡、OY─死亡。按要求作答，如答出基因型、比例或概率。分析表现型，易错写成分析基因型。
32. 答案：（1）①被滨螺捕食 竞争 ②浒苔 B坑浒苔不占优势，该环境不利于岸蟹躲避海鸥的捕
食，因而数量较少；由于天敌（岸蟹）数量少，滨螺获得更多的生存机会，所以数量较多。③浒苔—滨螺—岸蟹—海鸥
（理综）39
（2）①凸出基质 就地保护 ②水坑
解析：（1）①图A浒苔数量下降的主要原因是被滨螺取食，浒苔和交叉苔是竞争关系。②由图可
知岸蟹躲避天敌，B坑中浒苔不占优势，该环境不利于岸蟹躲避海鸥的捕食，因而数量较少；由于天敌数量少，滨螺获得更多的生存机会，所以数量较多。③分析该环境，食物链最长的应是：浒苔——滨螺——岸蟹——海鸥
33.【答案】(1)ab
【命题立意】本题考察饱和气压的影响因素，气体分子动理论，和气体内能的影响因素。 【解析】同一种液体的饱和气压随液体温度的升高而增大的更快，a对，当分子间距离增大，分子间引力和分子间斥力都减小，斥力减小的更快，c错，气体分子平均动能只由温度来决定，由盖2吕萨克定律可知理想气体等压膨胀过程中，气体温度升高，平均动能增大，d错。 【失分警示】气体分子平均动能的变化要通过关注气体状态的变化中温度的决定。 (2)【命题立意】考查气体状态方程和气体内能决定因素以及热力学第一定律。 【解题过程】
①设U型管横截面积为S，右端与大气想通时左管中封闭气体压强为p1，右端与一低压舱接通后左管中封闭气体压强为p2，气柱长度为l2，稳定后低压舱内的压强为p。左管中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律得 p1V1?p2V2 ① p1?p0 ②
p2?p?ph ③ V1?l1S④
V2?l2S⑤ 由几何关系得
h?2(l2?l1) ⑥
联立①②③④⑤⑥式，代入数据得 p?50cmHg ⑦ ②做正功；吸热
【失分警示】找清不同状态下的状态参量及过程中的不变量。 34.(1)【答案】正向 0.8
【命题立意】本题考查波动图像和振动图像的综合分析。
【解析】此题应从振动图像分析0.3m．处质点的振动情况为沿y轴的正向，并从振动图像上找出
0.3m处的质点，应为图中A点，且A的横坐标x?0.3m?38????0.8m
（理综）40
密????????????????????封??????????????????? 线